TUGAS 1 Elektrodinamika.doc
-
Upload
dicia-kesuma -
Category
Documents
-
view
228 -
download
0
Transcript of TUGAS 1 Elektrodinamika.doc
-
8/19/2019 TUGAS 1 Elektrodinamika.doc
1/17
1. Tinjau bola konduktor berjejari R yang dibumikan. Jika suatu muatan titik Q
ditempatkan di luar konduktor pada jarak y dari pusat bola,
(a) tentukanlah potensial listrik di sebarang titik di luar konduktor, dan
tentukan pula muatan pada permukaan konduktor,
(b) pertanyaan yang sama dengan (a) tetapi jika hubungan dengan bumidiputuskan dan konduktor diset berpotensial V 0.
JAWAB
(a) Potensial listrik di sebarang titik di luar konduktor (misalnya di titik P)
−
+−
=!
!
"
1)(
0 yr
Q
yr
Qr
πε φ
−+
−=
!#!#!
!##"1
0 n ynr
Qn ynr
Qπε
−
+
−
=
!#!
!#!
!
!##"
1
0 n y
r n y
Q
nr
ynr
Q
πε (1)
Pada r = R,
−
+
−
=
#!
!#!
!
!##"
1)(
0 n y
Rn y
Q
n R
yn R
Q R
πε φ
0)( = Rφ jika!
!
y
Q
R
Q−= dan
! y
R
R
y = . $ari kedua syarat ini diperoleh
y
RQQ −=! dan
y
R y
%
!= (%)
&elanjutnya, dengan memasukkan (%) ke (1) diperoleh
−
−−
=
!##!##"
1)(
%0 n
y
Rnr y
RQ
n ynr
Qr
πε φ (')
Jika sudut antara garis hubung P dan Q maka
( ) %1
)os%(!## %%1 −− −+=− θ ry yr n ynr (")
dan%1
os%!##%"
%
%
1%
−−
−+=
− θ
y
rR
y
Rr n
y
Rnr (*)
$engan memasukkan (") dan (*) ke ('), potensial di titik P dapat ditulis sebagai
( )
−+−−+=
−−
%1
%1
os%os%"
1)(
%
%
"%%%
0
θ θ πε
φ y
rR
y
Rr
y
RQry yr Qr
Q y
R
P
Q’ y’
θ
r
-
8/19/2019 TUGAS 1 Elektrodinamika.doc
2/17
&elanjutnya, rapat muatan induksi pada permukaan bola konduktor adalah
Rr dr
r d
=
−= )(
0
φ ε σ
( )
Rr y
Rr
y
rR
y
Rr
y
RQ
yr ry yr Q
=
−
−
−
−+−
−−+⋅−=
θ θ
θ θ
πε ε
os%%os%
)os%%(os%
"
1%%
%
"%
%%
0
0 %'
%'
( )
−
−+−
−−+−= −
−
θ θ
θ θ
π os%%os%
)os%%(os%
"
1%'
%
"%
%%
%'
%'
y
R R
y
R
y
R R
y
RQ
y R Ry y RQ
( )
−
−+−
−−+−= −
−
θ θ
θ θ
π
os1os%
)os(os%
%
1%'
%'
'
%
"%
%
%%
y
R
y
R
y
R
R y
Q R
y R Ry y RQ
$engan demikian, muatan pada permukaan bola konduktor adalah
-
8/19/2019 TUGAS 1 Elektrodinamika.doc
3/17
( )
−
−+−
−−+
−=== −
−
θ θ
θ θ
πσ σ
os1os%
)os(os%
%"! %'
%'
'
%
"%
%
%%
%%
y
R
y
R
y
R R
y
Q R
y R Ry y RQ
R R AQ
(b) Pada kasus (a), muatan induksi Q’ terdistribusi merata pada permukaan bola.
+ubungan dengan bumi diputuskan, muatan sebesar ϕ - Q’ ditambahkan sehingga
muatan total pada bola menjadi ϕ . uatan ϕ - Q’ terdistribusi merata pada
permukaan bola. $engan menerapkan +ukum -auss0ε encQ Ad E =⋅∫
, medan
listrik di dalam bola konduktor (r < R) 0)(=−=
dr
r d E
φ . $engan demikian,
potensial listrik di dalam bola (termasuk di permukaan) adalah konstan. /esarnya
ekialen dengan potensial pada jarak R dari muatan titik sebesar ϕ - Q’ yang
terletak di pusat bola, yaitu
R
QV
!
"
1
0
−=
ϕ
πε .
arena bola konduktor diset pada potensial V 0, maka
R
QV
!
"
1
0
0
−=
ϕ
πε 2 RV
Q0
0"
!=
−πε
ϕ
&ementara itu, potensial di luar bola konduktor yang dihasilkan oleh muatan ϕ -
Q’ adalah
r
RV
r
QV 0
0
!
"
1=
−=
ϕ
πε .
$engan demikian, potensial listrik di luar bola sama dengan potensial yang
dihasilkan oleh muatan Q ditambah potensial yang dihasilkan bola konduktor,yaitu
( )r
RV
y
rR
y
Rr
y
RQry yr Qr 0
%
%
"%%%
0
%1
%1
os%os%"
1)( +
−+−−+=
−−
θ θ πε
φ
%. $ua muatan titik q1 dan q% masing3masing terletak pada posisi 1 y dan % yterhadap terhadap pusat konduktor (dengan jejari a) yang dibumikan, di mana q1 4 3
-
8/19/2019 TUGAS 1 Elektrodinamika.doc
4/17
q% 4 Q dan R y y −=−= %1 ( 1 y dan % y segaris, dan R 55 a). Tinjau keadaan dimana R dan Q 2 6 sedemikian rupa sehingga Q7 R% 4 konstan.
(a) /uktikanlah bah8a potensial listrik di setiap titik di luar bola konduktor
tersebut dapat dinyatakan sebagai
θ φ os%
)(%
'
%
−−=r
ar
R
Qr
di mana θ adalah sudut antara r dan garis yang menghubungkan kedua muatan
tersebut.
(b) Tentukanlah kuat medan listrik di luar bola tersebut.
() Tentukan pula rapat muatan induksi yang terjadi pada permukaan bola
tersebut.
JAWAB
(a) Potensial di luar bola (titik P) dalam Gaussian unit
!
!
!
!)(
%
%
%
%
1
1
1
1
yr
q
yr
q
yr
q
yr
qr −
+−
+−
+−
=φ
!#!#
!
!##!#!#
!
##%
%
1
1
n ynr
q
n Rnr
Q
n ynr
q
n Rnr
Q
−+
−−
++
+=
n y
r n y
q
nr
Rnr
Q
n y
r n y
q
nr
Rnr
Q
#!
!#!
!
!###!
!#!
!
##
%
%
%
1
1
1
−+
−−
++
+=
Pada r = a,
n y
an y
q
na
Rna
Q
n y
an y
q
na
Rna
Q
a#
!!#!
!
!###!
!#!
!
##)(
%
%
%
1
1
1
−+−−+++=φ
0)( =aφ jika
(1)!
!
1
1
y
q
a
Q−= dan
!1 y
a
a
R = 2 R
aQq −=!1 dan
R
a y
%
1 !=
(%)!
!
%
%
y
q
a
Q= dan
!% y
a
a
R= 2
R
aQq =!% dan
R
a y
%
% !=
asukkan hasil ini ke persamaan potensial di titik P maka diperoleh
q2 = -Q
!#% n R y =
a
P
q2’
y2’
θ r
q1 = Q
q1’
-y1’
1 yr −% yr −
!#1 n R y −=
-
8/19/2019 TUGAS 1 Elektrodinamika.doc
5/17
!##!##
!####
)(%%
n R
anr R
aQ
n Rnr
Q
n R
anr R
aQ
n Rnr
Qr
−+
−−
+−
+=φ
( )
( )%1
%1
%1
%1
os%os%
os%os%
%
%
"%%%
%
%
"
%%%
−−
−
−
−++−+−
++−++=
θ θ
θ θ
R
ra
R
ar
R
aQrR Rr Q
Rra
Rar
RaQrR Rr Q
%1
%1
%1
%1
os%1os%1
os%1os%1
%
%%
"
%
%
%
%%
"
%
%
−−
−−
−++
−+−
++−
++=
θ θ
θ θ
rR
a
Rr
a
Rr
aQ
R
r
R
r
R
Q
rR
a
Rr
a
Rr
aQ
R
r
R
r
R
Q
isalnya θ os%%
%
R
r
R
r x ±= dan θ os%
%
%%
"
rR
a
Rr
a z ±=
9ntuk R >> r dan R >> a maka x
-
8/19/2019 TUGAS 1 Elektrodinamika.doc
6/17
θ φ os%
)(%
'
%
−−=r
ar
R
Qr (Tresnel untuk gelombang pantul maupun
gelombang bias, dan sketsalah amplitudo3amplitudo gelombang tersebut relati?
terhadap gelombang datang sebagai ?ungsi dari sudut datang untuk kasus di mana
n%7n1 4 1,*,(b) dapatkanlah koe?isien3koe?isien re?lektansi ( R) dan transmitansi (T ), dan
tunjukkan pula bah8a R + T = 1.
() &elidiki apakah pada kasus di atas dapat terjadi sudut /re8ster. Jika dapat,
tentukanlah sudut tersebut. &ebaliknya, jika tidak dapat, jelaskanlah ja8aban
&audara.
JAWAB
(a) Persamaan Fresnel
-elombang datang dengan polarisasi medan listrik tegak lurus bidang datang
diilustrasikan pada gambar di ba8ah ini. y
x
1
1 E 1!
!1
!1 E !1!
%!
%
% E
θ 1
θ 1
θ %
medium 1 ( μ1,
"1) medium % ( μ
%,"
%)
-
8/19/2019 TUGAS 1 Elektrodinamika.doc
7/17
&yarat batas yang berlaku adalah kontinuitas komponen tangensial dari E dan
(komponen yang sejajar bidang batas) pada bidang batas. &esuai dengan
gambar di atas, diperoleh
%01010 ! E E E =+ (1)dan
%%0110110 osos!os θ θ θ −=+−
%%0
%%
11010
11
os1
os)!(1
θ µ
θ ν µ
E #
E E −=−−
1
%%0
%%
111010
os
os!
θ
θ
µ
µ E
#
# E E =−
%01010 ! E E E αβ =− (%)dengan
1
%
osos
θ θ α ≡ dan
1
%
%
1
%%
11
nn
##
## =≅≡ µ µ β (')
(karena μ1 ≈ μ%≈ μ0)
Pemeahan persamaan (1) dan (%) sebagai berikut. -antikan %0 E pada persamaan
(%) oleh %0 E dari persamaan (1) maka
)!(! 1010%01010 E E E E E +==− αβ αβ )1(!)1( 1010 αβ αβ +=− E E
sehingga diperoleh
+−
=αβ
αβ
1
1! 1010 E E (")
&elanjutnya, masukkan hasil ini ke persamaan (1) maka
+−
+=
+−
+=+=αβ
αβ
αβ
αβ
1
11
1
1! 1010101010%0 E E E E E E
sehingga diperoleh
+
=αβ 1
%10%0 E E (*)
$ari persamaan (') dan hukum &nellius diperoleh
1%
%1
1
%
1
%
ossin
ossin
os
os
θ θ
θ θ
θ
θ βα αβ ===
n
n
maka
%1
%1
%1
%1%1
1%
%1
sinos
)sin(
sinos
ossinsinos
ossin
ossin11
θ θ
θ θ
θ θ
θ θ θ θ
θ θ
θ θ αβ
+=+=+=+ (@)
%1
%1
%1
%1%1
1%
%1
sinos
)sin(
sinos
ossinsinos
ossin
ossin11
θ θ
θ θ
θ θ
θ θ θ θ
θ θ
θ θ αβ
−=
−=−=−
(A)
$engan menggunakan persamaan ("), (*), (@), dan (A) diperoleh koe?isien re?leksi
dan koe?isien transmisi untuk medan listrik tegak lurus bidang datang berturut3
turut sebagai berikut.
)sin()sin(
11!
%1
%1
10
10
θ θ θ θ
αβ αβ
+−=
+−==⊥
E E r (B)
-
8/19/2019 TUGAS 1 Elektrodinamika.doc
8/17
dan
)sin(
sinos%
1
%
%1
%1
10
%0
θ θ
θ θ
αβ +=
+==⊥ E
E t (C)
Persamaan (B) dan (C) disebut Persamaan Fresnel.
Plot gra?ik koe?isien re?leksi dan transmisi terhadap sudut datang θ 1 seperti pada
gambar berikut (menggunakan bantuan s$%t&are
-
8/19/2019 TUGAS 1 Elektrodinamika.doc
9/17
%%
1
%
%%
11
%
10
%0
1
%
11
%%
1
%
1
%
1
%
os
os
os
os
+
=
+
=
==
αβ αβ
αβ θ
θ
µ
µ
θ
θ
ε
ε
#
#
E
E
#
#
'
' T
atau
1%
%1%
% ossinossin
)1("
θ θ θ θ αβ
αβ αβ ==
+= ⊥t T
&elanjutnya,
( ) 1
%1
"%1
1
"
1
1%%
%%
%
%
=++
+−+=
++
+−
=+αβ β α
αβ αβ β α
αβ
αβ
αβ
αβ T R
$engan demikian diperoleh
1=+ T R (T
-
8/19/2019 TUGAS 1 Elektrodinamika.doc
10/17
2 1%
%
%1
1%1
%
%
%
1 ossin1 θ µ
µ θ
=
−
n
n
n
n 2 1ossin 1
%
%
1
%1
%
%
%
1 =
+
θ
µ
µ θ
n
n
2
%
1
%1
%
%
1
%1
% ossin
=
+ n
nθ µ
µ θ 2
%
1
%1
%
%
1
%1
% osos1
=
+− n
nθ µ
µ θ
2 1os1
%
1
%1
%
%
1
% −
=
−
n
nθ
µ
µ
$engan demikian diperoleh sudut /re8ster (θ () yang memenuhi persamaan
1
1
os%
1
%
%
1
%
−
−
=
µ
µ θ n
n
( (*)
Plot koe?isien re?leksi dan koe?isien transmisi sebagai ?ungsi sudut datang untuk
1% % µ µ = dan 1% *,1 nn =
$ari gra?ik terlihat bah8a sudut /re8ster terjadi pada θ/ ≈ *0o. Filai yang sama juga
diperoleh dengan menggunakan persamaan (*)
⊥t
⊥− r
(θ
Plot dan untuk dan sebagai ?ungsi θ 1
-
8/19/2019 TUGAS 1 Elektrodinamika.doc
11/17
( )@"**,0
1%
1*,1
1
1
os%
%
%
1
%
%
1
%
=−−
=
−
−
=
µ µ
θ n
n
( 2$
( *0≈θ .
*. Tinjau gelombang )).
(a) $apatkah gelombang
-
8/19/2019 TUGAS 1 Elektrodinamika.doc
12/17
z x y (i y
E
x
E ω =
∂∂
−∂∂
00 =
∂
∂−
∂
∂→=
y
E
x
E ( x
y
z 2 00 =×∇ E (%)
Persamaan (%) menunjukkan bah8a ada potensial skalar φ sedemikian sehingga
φ ∇−=0 E . Jika hasil ini dimasukkan ke (1) maka
0)( %0 =−∇=∇−⋅∇=⋅∇ φ φ E .0% =∇ φ tidak lain adalah persamaan aplae. &yarat batas pada E
mengharuskan bah8a permukaannya memiliki potensial yang sama (permukaan
ekipotensial), dan karena persamaan aplae tidak memiliki nilai maksimum atau
minimum lokal, ini berarti bah8a potensialnya konstan di mana3mana (di seluruh
P-). &elanjutnya,=φ konstan 2 0=−∇= φ E .
$engan kata lain, medan listriknya nol di dalam P-. Jadi, *e,$)an* E.
den*an $dus TE. tida! da/at en0a,ar da,a G terse)ut .
(b) Persamaan +emholtI dalam koordinat Kartesian
0),(%
%
%
%
%
=
+
∂∂
+∂∂
y x E y x
z -nγ dan 0),(%
%
%
%
%
=
+
∂∂
+∂∂
y x ( y x
z -nγ
• Modus TE
0),( = y x E z maka persamaan +emholtI yang harus dipeahkan adalah
0),(%
%
%
%
%
=
+
∂
∂+
∂
∂ y x (
y x
z -nγ
$engan metode pemisahan ariabel )()(),( y ( x ( y x ( z z z = maka
0)()()(
)()(
)( %
%
%
%
%
=++ y ( x (dy
y (d x (
dx
x (d y ( z z -n
z z
z z γ
atau (dibagi dengan )()(),( y ( x ( y x ( z z z = )
0)(
)(
1)(
)(
1 %%
%
%
%
=++ -n z
z
z
z dy
y (d
y (dx
x (d
x (γ
arena kedua ariabelnya saling bebas, persamaan di atas dipenuhi jika
%
%
% )(
)(
1 x
z
z
!
dx
x (d
x (
−= dan %%% )(
)(
1 y
z
z
!
dy
y (d
y (
−=
sehingga 0%%% =+−− -n y x ! ! γ .
&olusi umum untuk )( x ( z adalah
)os()sin()( x! ( x! A x ( x x z +=&yarat batas
0)(
0
== x
z
dx
xd( dan 0
)( ==a x
z
dx
xd(
aka
)sin()os()(
x! (! x! A!
dx
xd( x x x x
z −=
-
8/19/2019 TUGAS 1 Elektrodinamika.doc
13/17
0)(
0
== x
z
dx
xd( 2 L 4 0
sehingga solusinya tereduksi menjadi)os()( x! ( x (
x z =0
)( ==a x
z
dx
xd( 2 0)sin( =− a! (! x x
dipenuhi jika
a
-! x
π = ( 4 0, 1, %, ...)
+al serupa juga pada )( y ( z dengan syarat batas
0)(
0
== y
z
dy
yd( dan 0
)(=
=) x
z
dy
yd(
akan diperoleh
)n! y π = (n 4 0, 1, %, ...)
$engan demikian solusi untuk modus T< adalah
= y
)
n x
a
- ( y x ( -n z
π π osos),( , n 3 0 keuali = n = 0.
$ari persamaan 0%%% =+−− -n y x ! ! γ diperoleh
+
=+=
%%
%%%%
)
n
a
-! ! y x-n π γ
+
=−
%%
%%
%
%
)
n
a
-
# n
-n π β ω
+
−=
%%
%
%
%
)
n
a
-
#
-nn π
ω β
-elombang akan tersalurkan jika 4 n bernilai real. $engan kata lain,
0
%%
%
%
%
≥
+
−
)
n
a
-
#-n π
ω
>rekuensi sudut -nω minimum disebut ?rekuensi panung (cut-$%% ).
-elombang dengan%%
+
=)
n
a
-#-n π ω
>rekuensi pandu gelombang yang bersangkutan memenuhi persamaan
%%
%
+
=
)
n
a
-# % -n
$iketahui a 4 %,0 m, ) 4 1,0 m, % 4 %,0 H 1010 +I, dan # 4 ' H 1010 m7s.
arena a 5 ), ?rekuensi minimum yang dapat disalurkan P- adalah
10
%B
10 10A*,0%
1
%
10'×=
×= % +I.
odus lainnya
-
8/19/2019 TUGAS 1 Elektrodinamika.doc
14/17
10
%B
01 10*0,11
1
%
10'×=
×= % +I.
10
%%B
11
10@B,11
1
%
1
%
10'×=
+
×= % +I.
10
%%B
1% 100C,'1
%
%
1
%
10'×=
+
×= % +I.
10
%%B
%1 101%,%1
1
%
%
%
10'×=
+
×= % +I.
10
%B
0% 10*0,11
1
%
10'×=
×= % +I.
10
%B
%0 10*0,1%
%
%
10' ×=
×= % +I.
Jadi, untuk ?rekuensi pandu gelombang % 4 %,0 H 1010 +I, modus T< yang
terjadi adalah T
-
8/19/2019 TUGAS 1 Elektrodinamika.doc
15/17
@. Jelaskanlah
(a) Prinsip kerja Rhombus >resnel sebagai polarisator7analisator.
(b) Prinsip kerja jendela L&
-
8/19/2019 TUGAS 1 Elektrodinamika.doc
16/17
$
*
5 n
B,"1*,1
1sin
1sin 11 =
=
= −−θ .
$engan demikian, θ 1 5 θ K 2 gelombang mengalami pemantulan internal total.
/eda ?ase antara komponen gelombang T dan komponen gelombang T
-
8/19/2019 TUGAS 1 Elektrodinamika.doc
17/17
(θ
π θ
π θ θ −=−==
%%! 1%1 2
n ( (
1ot
%tan!tan
1 ==
−= θ θ π
θ
atau !1
tan! 11 (
n
θ θ =
= − .
$ari hasil di atas, jelas bah8a akibat (θ θ =1 berlaku !!1 (θ θ = . Pada kasus ini,komponen ⊥ E mengalami pemantulan dua kali, sedangkan komponen 77 E tidak
mengalami pemantulan pada kedua permukaan batas (semuanya ditransmisikan).
$engan mengatur nilai n, jendela /re8ster (jendela L&