βThe key to growth is the introduction of higher dimensions of con-sciousness into our awareness.β
Lao Tzu
2Calcul vectorial
Cristalografie
O structura cristalina este o aranjare (dispunere) generala unica a atom-ilor sau moleculelor unei substant,e solide sau lichide cristaline. O structuracristalina este compusa din blocuri sau grupuri model de atomi (sau molecule),dispusi (dispuse) intr-un mod particular si o ret,ea tridimensional extinsa in-cluzand respectivele blocuri tipice, retea ce prezinta general, ordonare s, i sime-trie. Blocurile model (cristalele) sunt astfel structurate in nodurile ret,elei incatse formeaza un sistem ordonat matricial tridimensional.
In cristalografie, descrierea unei latice cristaline se face prin alegerea uneibaze {u,v,w}, din R3, care corespunde unor muchii adiacente ale unei βceluleunitateβ a cristalului. O latice completa se obtine prin lipirea a mai multorastfel de celule unitate. Sunt 14 posibile celule unitate si trei dintre ele suntprezentate mai sus. Un atom este localizat dupa coordonatele sale relativ labaza laticei. Spre exemplu, atomul aflat in centrul fetei de sus a celulei (c) arecoordonatele
(12 ,
12 , 1
)iar cel din centrul fetei de jos este localizat la
(12 ,
12 , 0
).
1
Vectori in Rπ
β vom defini pe multimea Rπ a vectorilor π-dimensionali π£ = (π₯1, π₯2, . . . , π₯π)doua operatii:
Adunarea vectoriala: β
(π₯1, π₯2, . . . , π₯π) β (π¦1, π¦2, . . . , π¦π) = (π₯1 + π¦1, π₯2 + π¦2, . . . , π₯π + π¦π)
οΏ½
grafic, in 2D si 3D suma se obtine prin regula paralelogramuluiScalarea vectoriala: β
πΌβ (π₯1, π₯2, . . . , π₯π) = (πΌπ₯1, πΌπ₯2, . . . , πΌπ₯π), πΌ β R
β impreuna cu aceste doua operatii spunem ca (Rπ,β,β) este spatiu vec-torial peste corpul R (multimea scalarilor)
β adunarea si scalarea vectoriala sunt notate in general cu β+β si βΒ·β chiardaca exista un pericol de confuzie
β un sistem de vectori π = {π£1, π£2, . . . , π£π} din Rπ se numeste liniar indepen-dent daca:
πΌ1π£1 + πΌ2π£2 + . . . + πΌππ£π = π =β πΌ1 = πΌ2 = . . . = πΌπ = 0.
οΏ½practic, π este un sistem liniar independent daca niciun vec-
tor din π nu se poate exprima ca o combinatie liniara de vectori din π.οΏ½
in relatia de mai sus π = (0, 0, . . . , 0) este vectorul nul
Mod practic de studiu al liniar independentei:Pentru stabilirea liniar independentei unui sistem de π vectori:
π = {π£1, π£2, . . . , π£π}
se formeaza matricea matricea π΄ pentru care acesti vectori reprezinta coloanelesau liniile sale. Daca:
rang(π΄) = numar de vectori ai sistemului S = π
atunci π este liniar independent.
β un sistem de vectori π = {π£1, π£2, . . . , π£π} din Rπ se numeste sistem degeneratori al spatiului vectorial Rπ daca pentru orice vector π£ β Rπ existascalarii πΌ1, πΌ2, . . . , πΌπ β R astfel ca:
π£ = πΌ1π£1 + πΌ2π£2 + . . . + πΌππ£π.
οΏ½
adica orice vector din Rπ se poate exprima ca o combinatieliniara a vectorilor sistemului π.
2
Mod practic de studiu al sistemelor de generatori:Pentru a stabili daca un sistem de π vectori:
π = {π£1, π£2, . . . , π£π}
este sistem de generatori ai lui Rπ se formeaza matricea π΄ pentru care acestivectori reprezinta coloanele sau liniile sale. Daca:
rang(π΄) = dimensiunea spatiului vectorial Rπ = π
atunci π este sistem de generatori.
Multimea generata de un sistem de vectori se noteaza cu:
π πππ{π£1, π£2, . . . , π£π} = {π1π£1 + π2π£2 + . . . + πππ£π : π1, π2, . . . , ππ β R}
si se numeste subspatiul vectorial generat de sistemul de vectori π£1, π£2, . . . , π£π.In R3 putem vizualiza usor cum arata cateva astfel de subspatii. De
exemplu π πππ{π£} = {ππ£ : π β R} este o dreapta prin originea reperuluiOxyz cu directia data de vectorul π£. In schimb pentru doi vectori necol-iniari π£1, π£2 multimea π πππ{π£1, π£2} = {π1π£1 + π2π£2 : π1, π2 β R} este unplan care contine originea si doi vectori de directie π£1 si π£2.
Remarca:
Baza a spatiului vectorial Rπ= sistem lin. independent+sistem de generatori
Mai sus am prezentat Rπ ca fiind un prototip al unei structuri algebricenumite spatiu vectorial. Folosind acest prototip putem extinde toate afir-matiile de mai sus la alte multimi de obiecte pe care le vom numi totβvectoriβ, atata vreme cat avem definita o adunare a obiectelor si o scalare.
Pe multimea R2[π] = {ππ2 + ππ + π : π, π, π β R} a polinoamelor de
Remarca:
3
grad cel mult 2 putem defini o adunare a polinoamelor si o scalare (inmul-tire cu un numar real). Astfel R2[π] devine spatiu vectorial peste corpulR. O baza canonica a spatiului R2[π] este formata din βvectoriiβ:
π1 = π2, π2 = π, π3 = 1.
Analog multimea π2(R) a matricelor de ordin doi devine spatiu vectorialcu operatiile de adunare a matricelor si de inmultirea cu un numar real.O baza canonica a spatiului π2(R) este formata din βvectoriiβ:
πΈ1 =
ββ1 0
0 0
ββ , πΈ2 =
ββ0 1
0 0
ββ , πΈ3 =
ββ0 0
1 0
ββ , πΈ4 =
ββ0 0
0 1
ββ O baza canonica a spatiului R3 este formata din vectorii:
π1 = (1, 0, 0), π2 = (0, 1, 0), π3 = (0, 0, 1)
dimensiune a spatiului vectorial=numar de vectori dintr-o baza a sa
β se observa ca dim R3 = 3, dim R2[π] = 3 si dim π2(R) = 4
β este suficient sa discutam de acum doar de prototipul Rπ al structuriialgebrice spatiu vectorial deoarece are loc urmatorul rezultat fundamental:
Orice spatiu vectorial real (peste corpul R) care are dimensiunea π se poateidentifica cu Rπ.
De exemplu R2[π] se identifica cu R3 in felul urmator:
π = ππ2 + ππ + π π£ = (π, π, π)
adica identificam un polinom cu vectorul coeficientilor sai.Oarecum asemanator identificam π2(R) cu R4 prin:
π΄ =
ββπ π
π π
ββ π£ = (π, π, π, π)
Remarca:
β daca relativ la o baza π΅ = {π1, π2, . . . , ππ} a lui Rπ avem scrierea:
π£ = πΌ1π1 + πΌ2π2 + . . . + πΌπππ
4
numim πΌ1, πΌ2, . . . , πΌπ coordonate ale vectorului π£ relativ la baza π΅ si notam:
[π£]π΅ =
ββββββββπΌ1
πΌ2
...
πΌπ
ββββββββ .
β daca π΅1 = {π1, π2, . . . , ππ} si π΅2 = {πβ²1, πβ²2, . . . , πβ²π} sunt baze in Rπ si:β§βͺβͺβͺβ¨βͺβͺβͺβ©πβ²1 = π11π1 + π21π2 + . . . + ππ1ππ
πβ²2 = π12π1 + π22π2 + . . . + ππ2ππ
. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
πβ²π = π1ππ1 + π2ππ2 + . . . + πππππ
adica exprimam vectorii bazei π΅2
in functie de cei ai lui π΅1
se numeste matricea de trecere de la baza π΅1 la baza π΅2 matricea:
ππ΅1π΅2 =
ββββββββπ11 π12 . . . π1π
π21 π22 . . . π2π...
... . . ....
ππ1 ππ2 . . . πππ
ββββββββ β daca ππ΅1π΅2 este matricea de trecere de la baza π΅1 la baza π΅2 atunci au
loc relatiile:ππ΅1π΅2
= πβ1π΅2π΅1
ππ΅1π΅2= πβ1
π΅ππ΅1Β· ππ΅ππ΅2
unde π΅π este baza canonica din Rπ
β coordonatele unui vector relativ la o baza π΅ se pot obtine cu ajutorulmatricei de trecere ππ΅ππ΅ :
[π£]π΅ = πβ1π΅ππ΅
Β· [π£]π΅π.
β in general au loc formulele:
[π£]π΅2= πβ1
π΅1π΅2Β· [π£]π΅1
sau [π£]π΅1= ππ΅1π΅2
Β· [π£]π΅2.
5
Matrice. Un punct de vedere liniar independent
β matricea:
π΄ =
ββββββββ1 2 β1
0 0 2
β1 β2 3
2 4 0
ββββββββ poate fi interpretata ca o colectie de vectori linie:
π΄ =
ββββββββ(1 2 β 1) = β1
(0 0 2) = β2
(β1 β 2 3) = β3
(2 4 0) = β4
ββββββββ sau de vectori coloana:
π΄ =
βββββββββββ
π1 π2 π3ββββββββ1
0
β1
2
ββββββββ
ββββββββ2
0
β2
4
ββββββββ
βββββββββ1
2
3
0
ββββββββ
βββββββββββ
rang(π΄) = nr. de linii liniar independente = nr. de coloane liniar independente
οΏ½
ππππ(π΄) = 2 si se poate verifica ca primele doua linii β1 si β2sunt liniar independente iar β3 = ββ1 + β2 sau β4 = 2β2 + β3οΏ½
oricare trei linii sunt liniar dependente si exista doua linii liniarindependente, de exemplu β1, β2οΏ½
acelasi rezultat are loc pentru coloanele π1, π2, π3.Structura matricelor de rang 1. Daca π΄ β β³πΓπ(IR) are rangul 1
atunci exista π’ =
ββββββββπ1
π2...
ππ
ββββββββ si π£ = (π1 π2 . . . ππ) astfel ca:
π΄ = π’ Β· π£
6
Determinanti in geometrie:
β avem posibilitatea de a calcula aria unui triunghi in conditiile in care stimcoordonatele varfurilor sale:
Aria triunghiului format de punctele π΄(π₯π΄, π¦π΄), π΅(π₯π΅ , π¦π΅) siπΆ(π₯πΆ , π¦πΆ) este:
πΞπ΄π΅πΆ =1
2
πππ‘
βββββπ₯π΄ π¦π΄ 1
π₯π΅ π¦π΅ 1
π₯πΆ π¦πΆ 1
βββββ
Avem nevoie de modul inaintea determinantului pentru a ne asigura caaria este tot timpul pozitiva.
Ce ascunde liniar dependenta ?β daca determinantul de mai sus este nul stim ca liniile sunt liniar depen-
dente, asadar va exista o linie care sa fie o combinatie liniara de celelalte, sapresupunem de exemplu β3 = πΌβ1 + π½β2, adica:
(π₯πΆ π¦πΆ 1) = πΌ Β· (π₯π΄ π¦π΄ 1) + π½ Β· (π₯π΅ π¦π΅ 1)
β observam ca relatia de mai sus implica 1 = πΌ + π½ si prin urmare:{π₯πΆ = πΌ Β· π₯π΄ + (1 β πΌ) Β· π₯π΅
π¦πΆ = πΌ Β· π¦π΄ + (1 β πΌ) Β· π¦π΅
care conduce la:π₯πΆ β π₯π΄
π₯π΅ β π₯π΄=
π¦πΆ β π¦π΄π¦π΅ β π¦π΄
= 1 β πΌ
adica punctul πΆ se afla pe dreapta π΄π΅.β asadar determinatul este nul daca si numai daca punctele sunt coliniare:
π΄(π₯π΄, π¦π΄), π΅(π₯π΅ , π¦π΅), πΆ(π₯πΆ , π¦πΆ) coliniare β
π₯π΄ π¦π΄ 1
π₯π΅ π¦π΅ 1
π₯πΆ π¦πΆ 1
= 0
Volumul tetraedrului format de punctele π΄(π₯π΄, π¦π΄, π§π΄),π΅(π₯π΅ , π¦π΅ , π§π΅), πΆ(π₯πΆ , π¦πΆ , π§πΆ) si π·(π₯π·, π¦π·, π§π·) este dat de formula:
π±π΄π΅πΆπ· =1
6
πππ‘
ββββββββπ₯π΄ π¦π΄ π§π΄ 1
π₯π΅ π¦π΅ π§π΅ 1
π₯πΆ π¦πΆ π§πΆ 1
π₯π· π¦π· π§π· 1
ββββββββ
β printr-un rationament asemanator liniar dependenta liniilor conduce laconditia de coplanaritate a punctelor:
7
π΄(π₯π΄, π¦π΄, π§π΄), π΅(π₯π΅ , π¦π΅ , π§π΅), πΆ(π₯πΆ , π¦πΆ , π§πΆ)
si π·(π₯π·, π¦π·, π§π·) sunt coplanare
β
π₯π΄ π¦π΄ π§π΄ 1
π₯π΅ π¦π΅ π§π΅ 1
π₯πΆ π¦πΆ π§πΆ 1
π₯π· π¦π· π§π· 1
= 0
Liniar independenta functiilor: Functiile π1(π₯), π2(π₯), . . . , ππ(π₯) suntliniar independente daca si numai daca wronskian-ul lor π (π1, π2, . . . , ππ)este nenul:
π (π1, π2, . . . , ππ) =
π1(π₯) π2(π₯) . . . ππ(π₯)
π β²1(π₯) π β²
2(π₯) . . . π β²π(π₯)
π β²β²1 (π₯) π β²β²
2 (π₯) . . . π β²β²π (π₯)
. . . . . . . . . . . .
π(πβ1)1 (π₯) π
(πβ1)2 (π₯) . . . π
(πβ1)π (π₯)
= 0
β stim deja ca polinoamele π1 = 1, π2 = π si π3 = π2 sunt liniar inde-pendente, putem verifica acelasi rezultat si pentru functiile polinomiale atasateπ1(π₯) = 1, π2(π₯) = π₯ si π3(π₯) = π₯2:
π (π1, π2, π3) =
1 π₯ π₯2
0 1 2π₯
0 0 2
= 2 = 0
Probleme rezolvate
Problema 1. Putem forma o baza a lui R3 care sa contina vectorii:
π£1 = (1, 2, 3) si π£2 = (1, 1, 0) ?
Solutie: Spatiul vectorial R3 are dimensiunea 3 si vom avea nevoie de treivectori pentru a forma o baza a sa. Daca dorim ca acesti doi vectori sa facaparte din aceasta baza (pe care trebuie sa o construim) atunci π£1 si π£2 trebuie safie liniar independenti. Verificam liniar independenta acestora folosind criteriulpractic de studiu al liniar independentei .
8
Vectorii dati se colecteaza in matricea:
π΄ =
βββββ1 1
2 1
3 0
βββββ Deoarece rang π΄ = 2 = numar de vectori =β π£1, π£2 sunt liniar independenti.
Lema: Orice sistem de vectori liniar independenti poate fi completat la obaza a spatiului vectorial.
Vom afla vectorul lipsa notandu-l π£3 = (π, π, π). Daca dorim ca π£1, π£2 si π£3sa formeze o baza aceasti vectori trebuie sa formeze impreuna un sistem liniarindependent si in acelasi timp un sistem de generatori. Oricare dintre acestedoua conditii se traduc, datorit criteriilor enuntate anterior in fisa seminarului,prin:
πππ‘
βββββ1 1 π
2 1 π
3 0 π
βββββ = 0
caci doar astfel rangul matricei este 3=numar de vectori=dimensiunea spatiului.Gasim destul de usor ca pentru π = 1, π = 0, π = 0 se obtine un determinant
nenul. Asadar putem completa cu π£3 = (1, 0, 0) cei doi vectori pentru a formabaza π΅ = {π£1, π£2, π£3}.
Problema 2. Vectorul π£ β R3 are relativ la baza:
π΅ = {π€1 = (1, 1, 0), π€2 = (1, 0, 0), π€3 = (1, 1, 1)}
coordonatele (β1, 2, 1).Care sunt coordonatele sale relativ la baza canonica din R3 ?Care sunt coordonatele sale relativ la baza:
π΅1 = {π’1 = (1, 0,β1), π’2 = (1,β
2, 1), π’3 = (1,ββ
2, 1)} ?
Solutie: Din enunt deducem ca:
[π£]π΅ =
ββββββ1
2
1
βββββ prin urmare, avem reprezentarea:
π£ = β1(1, 1, 0) + 2(1, 0, 0) + 1(1, 1, 1) = (0, 0, 1)
Asadar vectorul π£ este de fapt vectorul (0, 0, 1) din R3. Intrucat, in mod natural,vectorii din R3 sunt reprezentati relativ la baza canonica, avem:
[π£]π΅π=
βββββ0
0
1
βββββ 9
Metoda 1:Putem afla coordonatele lui π£ relativ la baza π΅1 si direct, folosind definitia
coordonatelor relativ la o baza vectoriala. Vom presupune ca aceste coordonatesunt πΌ, π½ si πΎ si prin definitie π£ se poate scrie relativ la vectorii din π΅1 ca:
π£ = πΌπ’1 + π½π’2 + πΎπ’3
Daca inlocuim vectorii prin coordonatele lor relativ la baza canonica obtinem:
(0, 0, 1) = πΌ(1, 0,β1) + π½(1,β
2, 1) + πΎ(1,ββ
2, 1)
Facand operatiile de adunare vectoriala si scalare vectoriala se obtine:
(0, 0, 1) = (πΌ + π½ + πΎ,β
2π½ ββ
2πΎ,βπΌ + π½ + πΎ)
Astfel identificand componentele celor doi vectori se obtine urmatorul sistemliniar: β§βͺβ¨βͺβ©
πΌ + π½ + πΎ = 0β2π½ β
β2πΎ = 0
βπΌ + π½ + πΎ = 1
Dupa rezolvarea sistemului liniar se obtin coordonatele πΌ, π½, πΎ ale lui π£ relativla π΅1, adica [π£]π΅1 .
Metoda 2:Pentru a afla coordonatele lui π£ relativ la baza π΅1 putem sa utilizam fie
coordonatele sale relativ la baza π΅ fie relativ la baza π΅π. Relatiile de schimbarea coordonatelor la o schimbare a bazei sunt:
[π£]π΅1 = ππ΅1π΅ [π£]π΅ = ππ΅1π΅πππ΅ππ΅ [π£]π΅ = πβ1π΅ππ΅1
ππ΅ππ΅ [π£]π΅
deci
[π£]π΅1=
βββββ1 1 1
0β
2 ββ
2
β1 1 1
βββββ β1 βββββ
1 1 1
1 0 1
0 0 1
βββββ ββββββ1
2
1
βββββ Putem folosi coordonatele relativ la baza canonica si atunci:
[π£]π΅1 = ππ΅1π΅π [π£]π΅π = πβ1π΅ππ΅1
[π£]π΅π=
βββββ1 1 1
0β
2 ββ
2
β1 1 1
βββββ β1 βββββ
0
0
1
βββββ
Motivul pentru care matricea de trecere de la o baza la alta se obtinetrecand coordonatele vectorilor pe coloane tine de cele doua moduri incare putem scrie relatia de mai sus. Daca dorim sa exprimam [π£]π΅1 subforma unei matrice linie [π£]π΅1 = (π, π, π) atunci in matricea de trecere dela o baza la alta nu trebuie sa asezam coordonatele pe coloane si obtinem
Remarca:
10
relatii de tipul urmator:
[π£]π΅1= [π£]π΅π
ππ΅1π΅π= [π£]π΅π
πβ1π΅ππ΅1
=(
0 0 1)βββββ
1 0 β1
1β
2 1
1 ββ
2 1
βββββ β1
In ambele cazuri obtinem:
[π£]π΅1=
ββββββ 1
2
14
14
βββββ Putem verifica faptul ca:
π£ = (0, 0, 1) = β1
2π’1 +
1
4π’2 +
1
4π’3
Putem sa discutam despre perpendicularitatea vectorilor (ortogonalitate)daca introducem un produs scalar intre vectorii unui spatiu vectorial. Deexemplu pentru doi vectori π£ = π1π1 +π1π2 +π1π3 si οΏ½οΏ½ = π2π1 +π2π2 +π2π3putem defini:
π£ Β· οΏ½οΏ½ = π1π2 + π1π2 + π1π2
In felul acesta spunem ca doi vectori π£, οΏ½οΏ½ sunt ortogonali ββ π£ Β· οΏ½οΏ½ = 0Prin calcul se poate observa ca vectorii bazei π΅1 sunt ortogonali doi catedoi. La fel si vectorii bazei canonice.
Remarca:
Problema 3. Teoria curbelor Bezier, folosita in animatia 3D, se bazeazape ideea ca urmatoarele polinoame, numite polinoame Bernstein:
ππ = πΆπππ₯
π(1 β π₯)πβπ, π = 0, π
formeaza o baza pentru multimea Rπ[π] a polinoamelor de grad cel multπ. Verificati daca:
π0 = (1 βπ)2, π1 = 2π(1 βπ) π2 = π2,
formeaza o baza in R2[π].
Solutie:
Putem sa consideram functiile polinomiale asociate celor trei polinoame:π0(π₯) = (1 β π₯)2, π1(π₯) = 2π₯(1 β π₯), π2(π₯) = π₯2. Pentru a arata ca celetrei functii obtinute sunt liniar independente aratam ca wronskianul asociat
11
este nenul:
π (π0, π1, π2)(π₯) =
π0(π₯) π1(π₯) π2(π₯)
πβ²0(π₯) πβ²1(π₯) πβ²2(π₯)
πβ²β²0(π₯) πβ²β²1(π₯) πβ²β²2(π₯)
= 0, βπ₯ β R
π (π0, π1, π2)(π₯) =
(1 β π₯)2 2π₯(1 β π₯) π₯2
β2(1 β π₯) β2π₯ + 2(1 β π₯) 2π₯
2 β4 2
= 4 = 0, βπ₯ β R.
Folosim apoi urmatorul rezultat:
Lema: Intr-un spatiu vectorial n-dimensional orice sistem de n vectori liniarindependenti formeaza o baza a sa.
Problema 4. Un satelit de spionaj este plasat pe o orbita de forma elip-tica situata in planul ecuatorului. Pozitia sa este inregistrata de catreun senzor aflat la Cape Canaveral, notat in figura cu X. In trei momentediferite de timp cercetatorii NASA au inregistrat urmatorii vectori de poz-itie π£π‘1 = (1,β3, 2), π£π‘2 = (1, 1, 1) si π£π‘3 = (β1,β9, 1) ai satelitului, dupacare au tras concluzia ca sistemul de navigatie al acestuia este avariat.De ce ? Justificati !
Solutie: Ideea problemei este sa utilizam interpretarea geometrica a liniarindependentei. Daca π vectori π£1, π£2, ..., π£π sunt liniar independenti atunci eigenereaza prin combinatii liniare un spatiu vectorial π-dimensional. Oricaredoi vectori π£, οΏ½οΏ½ cu originea comuna, liniar independenti, genereaza un plan(π πππ{π£, οΏ½οΏ½}), acesta fiind un spatiu vectorial 2-dimensional.
Notam cu π1, π2, π3 cele trei pozitii ale satelitului observate pe traiectoriasa eliptica.
12
Cei trei vectori de pozitie sunt π£π‘1 =βββππ1(1,β3, 2), π£π‘2 =
βββππ1(1, 1, 1) si
π£π‘3 =βββππ3(β1, 9, 1). Se verifica usor ca acestia sunt liniar dependenti:
1 β3 2
1 1 1
β1 9 1
= 0
Deci exista πΌ si π½ astfel ca:
π£π‘3 = πΌ Β· π£π‘1 + π½ Β· π£π‘2Insa doi vectori π£π‘1 si π£π‘2 cu originea comuna, liniar independenti, genereaza
prin combinatii liniare un plan. Prin urmare π£π‘3 se afla in acelasi plan cu acestia!Asadar punctele π,π1, π2, π3 sunt coplanare. Dar un plan, care nu contineelipsa (Cape Canaveral nu se afla pe ecuator), intersecteaza elipsa in cel multdoua puncte. Contradictie ! Punctele π1, π2, π3 nu pot fi toate pe elipsa, decisatelitul nu se deplaseaza dupa cum a fost programat. Asadar sistemul denavigatie este defect.
Probleme propuse
A. Consolidare cunostinte
Problema A.1. Sunt vectorii π£1, π£2, π£3 liniar independenti ? Discutati celedoua cazuri prezentate mai jos.
13
Problema A.2. Aflati componentele vectorilor din figurile de mai jos:
B. Tehnica de calcul
Problema B.1. Sa se studieze daca urmatoarele sisteme de vectori sunt liniarindependente. In caz contrar, sa se determine un subsistem πβ² maximal liniarindependent, precum si dependenta liniara a acestora:
a) π = {π1 = (β1, 7, 8), π2 = (β1, 3, 2), π3 = (1,β1, 1)} β R3
b) π = {π£1 = (1, 1,β1), π£2 = (1.0, 2), π£3 = (0, 1, 3)} β R3
Problema B.2. Sa se studieze care din sistemele de vectori date sunt sistemede generatori pentru spatiile mentionate:
a) π = {π£1 = (1, 1,β1), π£2 = (1, 1, 0), π£3 = (1, 0, 0), π£4 = (2, 2,β1)} β R3
b) π =
β§β¨β©π£1 =
ββ1
1
ββ , π£2 =
ββ1
2
ββ , π£3 =
ββ0
1
ββ β«β¬β β R2
c) π = {π£1 = (1, 0, 1), π£2 = (0,β1, 0), π£3 = (2,β1, 2), π£4 = (2,β2, 2)} β R3.
Problema B.3. Fie sistemele de vectori:
π΅1 = {π1 = (1, 1, 0), π2 = (1, 0, 0), π3 = (1, 1, 2)}
π΅2 = {π1 = (1, 1, 3), π2 = (1, 1, 2), π3 = (3, 2, 4)}.
a) Aratati ca π΅1 si π΅2 sunt baze ale spatiului vectorial IR3
b) Aflati matricea de trecere ππ΅1π΅2
c) Sa se determine coordonatele vectorului π£ relativ la baza π΅1 daca acestaeste dat prin π£ = β2π1 + π2 + 3π3.
14
Problema B.4. Sa se arate ca urmatorii vectori π£1 = (1,β1,β1), π£2 = (1,β1, 0)si π£3 = (1, 0, 0) formeaza o baza pentru IR3 si sa se determine coordonatele vec-torului π’ = (1, 2, 3) in aceasta baza.
C. Probleme cu caracter practic-aplicativ
Problema C.1. Spatiul vectorial π» = π πππ{1, πππ 2π‘, cos4 π‘, cos6 π‘} contine func-tiile:
i) π(π‘) = 1 β 8 cos2 π‘ + 8 cos4 π‘
ii) π(π‘) = β1 + 18 cos2 π‘β 48 cos4 π‘ + 32 cos6 π‘.
Studiati graficele lui π si π pe 0 β€ π‘ β€ 2π si incercati sa gasiti o formula simplapentru aceste doua functii.
Indicatie: puteti folosi site-ul acesta pentru a trasa grafice.
Problema C.2. In figura de mai jos este prezentata laticea cristalina pentrutitaniu, care are forma hexagonala prezentata in stanga. Vectorii reprezentati indreapta u = (2.6,β1.5, 0), v = (0, 3, 0) si w = (0, 0, 4.8) formeaza o baza pentrucelula prezentata in stanga. Unitatea de masura prezentata aici este Angstrom-ul (1 A= 10β8 cm). In aliaje de titaniu pot aparea diversi atomi in celulaunitate, formand retele octaedrale sau tetraedrale, dupa cum apare in imagineadin stanga.
Un atom aflat in reteaua octaedrala are coordonatele ( 12 ,
14 ,
16 ) relativ la baza
{u, v,w} a laticei cristaline. Aflati coordonatele sale relativ la baza canonica dinR3. Aceeasi problema pentru un atom din reteaua tetraedrala care este localizatla ( 1
2 ,12 ,
13 ) relativ la baza laticei.
15
Top Related