8/17/2019 Sol ELT 2610 EP 1 II 2009(2)

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SOLUCION E.P.Nº 1 ELT 2610 A y B

1.-

Carga TC

W VAR

TP

W VAR

1 Volt

1 Med de KWH1 vatimetro

Cond Sec

1,6 1,50,7 2,4

10,44

7  0,9

2 

7,94 0,9

S

Sn (VA)

12,74 3,9

13,32

25

13 9,7

16,22

25

TP’s

a) U1n=115000/√3 b) U2n=120//√3; c) Kp=958, 33≈1000:1; d) clase 0,3; e) 0,3WX; g) Aislamiento:Frec. Ind. 275 KV, Prueba impulso 650 KV; h) Polaridad: sustractiva; j) Altura 4000 msnm

TC’s

a) I1n=300 A Imin>10%I1n; b) I2n=5A; c) Kc= 60=60:1; d) Clase 0,3; e) Carga nominal 0,3 B-0,1/B-

0,2/B-0,5/B-1; i) Polaridad sustractiva; k) Aislamiento, idem TP’s; l) Altura 4000 msnm

2.-

a) El movimiento del índice depende del grado de amortiguamiento: si es mayor a 1 es sobreamortiguado,

es menor a 1 es subamortiguado y, es crítico, si es igual a 1. Posteriormente al periodo transitorio, en régimen permanente, la deflexión final depende de la cupla de restitución y la cupla motora. Ver sección

Capítulo “Generalidades sobre Instrumentos”;

 b) Cm=Dα

  Aquí las cuplas de inercia y amortiguamiento son nulas.

3.- Escala X1 Ri= 1000 Ω I1=1,5/1000=1,5mA; I2=1,5-0,2=1,3 mA

Ra=100mV/0,2mA=500Ω 100=R2 1,3; R2= 76,923Ω; 1000=R1+500*76,923/(500+76,923) R1=933,33Ω Escala X10 Ri=1000 Ω I1=1,5/10000=0,15mA; I2=0,15-0,2= -0,05mA se usarán dos baterias

I1=2*1,5/10000=0,3mA; I2=0,3-0,2=0,1mA

100=R2 0,1 R2=1000Ω  10000=R1+1000*500/(1000+500) R1=9666,667Ω Recalculando para la escala X1

I1=3/1000=3mA I2=3-0,2=2,8mA

100=R2 2,8 R2=35,714Ω  R1=966,667 Ω Se escogen:

Baterias 2x1,5 V; R2=1K Ω  R1 dividida en dos resistencias: de 966,667 y 8700 Ω. Con este es posible dibujar el esquema del óhmetro.

Para la varianteX1 Ri=1000 Ω  1000=500+Ra Ra= 500Ω X10 Ri= 10000Ω  10000=500+Ra Ra=9500 Ω Se escoge también una batería de 1,5 V

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4.- Ver sección 2.2 b) Ver sección 3.4 Capítulo “Medición de Resistencias”

5.-

a) Aquí se tiene un TP en vacío, es decir I2=0. Con el TP en carga I2 ≈ 0. En vacío I1=Io y en carga I1 ≈ IEsto significa que estas condiciones son muy próximas, de donde se deduce que la condición en vacío n

 produce efectos negativos

 b) Aquí con I1=100%In e I2=0 se obtiene Io=100%In. La Fmm resultante es muy grande haciendo que

acero se sature. Esto ocasiona un incremento de las pérdidas en el acero con lo que el TC puede experimentagrandes calentamientos si éste no se desconecta. Aún esto último se produzca, las características magnétic

 pueden alterarse y, consecuentemente la exactitud.

Si I1=1%In entonces Io=1%In obteniéndose un flujo muy pequeño del mismo orden con TC cerrado.

6.- a) Compensación del error sistemático en exceso. Se añade una bobina de compensación en serie con B para debilitar el campo de la Bf

 b) Compensación del efecto inductivo de Bm. Se añade en el circuito voltimétrico una resistencia y ucapacitor en paralelo de modo que Zv= Rv