ResMat II Avaliação de Aprendizagem A1 3151 2014 1 GABARITO
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ESCOLA DE ENGENHARIA
AVALIAÇÃO PARCIAL 1
Disciplina: Resistência dos Materiais II
Semestre 2014.1
Equação da Linha Elástica
Prof. Fernando Peroba
GABARITO
01) Dada a viga isostática a seguir, pede-se determinar a flecha máxima e a
rotação na extremidade em balanço. Utilize a tabela de deslocamento
transversal e inclinação da linha elástica. Dado: 𝐸𝐼 = 2 ∙ 105𝑘𝑁. 𝑚².
𝑦 =𝑀𝐿2
2𝐸𝐼=
20 ∙ 102
2 ∙ 2 ∙ 105= 𝟓 𝒎𝒎
𝜃𝐴 =𝑀𝐿
𝐸𝐼=
20 ∙ 10
2 ∙ 105= 𝟎, 𝟎𝟎𝟏 𝒓𝒂𝒅
02) Considere a viga isostática a seguir, pede-se determinar a flecha máxima
e a inclinação no apoio da esquerda. Aplique o método da superposição por
meio da utilização da tabela de equações da linha elástica. Dado: 𝐸𝐼 = 2 ∙105𝑘𝑁. 𝑚².
𝑦 =𝑀𝑥
6𝐿𝐸𝐼(2𝐿2 − 3𝐿𝑥 + 𝑥2) −
𝑃𝑏𝑥
6𝐿𝐸𝐼(𝐿2 − 𝑏2 − 𝑥2)
𝑦 =1
𝐸𝐼[24 ∙ 𝑥
6 ∙ 10∙ (2 ∙ 102 − 3 ∙ 10 ∙ 𝑥 + 𝑥2) −
36 ∙ 4 ∙ 𝑥
6 ∙ 10∙ (102 − 42 − 𝑥2)]
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𝑦 =1
𝐸𝐼(
14𝑥3
5− 12𝑥2 −
608𝑥
5)
𝑦′ =1
𝐸𝐼(
42𝑥2
5− 24𝑥 −
608
5)
Cálculo da flecha máxima.
42𝑥2
5− 24𝑥 −
608
5= 0
𝒙 = −𝟐, 𝟔𝟒𝒎 (Fora do domínio)
𝒙 = 𝟓, 𝟒𝟗𝒎
𝑦 =1
2 ∙ 105(
14
5∙ 5,493 − 12 ∙ 5,492 −
608 ∙ 5,49
5) = −𝟐, 𝟖𝟑𝒎𝒎
𝑦′ = 𝜃𝐴 =1
2 ∙ 105(
42
5∙ 02 − 24 ∙ 0 −
608
5) = −𝟎, 𝟎𝟎𝟎𝟔𝟏 𝒓𝒂𝒅
03) Dada a viga hiperestática a seguir, pede-se determinar as reações de
apoio. Aplique o método da superposição por meio da utilização da tabela
de equações da linha elástica. Dado: 𝐸𝐼 = 2 ∙ 105𝑘𝑁. 𝑚².
Deve-se retirar o apoio da esquerda e, em seu lugar, inserir uma reação
superabundante 𝑃 = 𝑉𝐶, de baixo para cima, a fim de compatibilizar o
deslocamento nulo referente ao apoio C. Desta forma, tem-se:
𝑦𝑞 + 𝑦𝑃 = 0
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(𝑦𝐵 + 𝑚𝜃𝐵) + 𝑦𝑃 = 0
(−𝑞𝐿𝐴𝐵
4
8𝐸𝐼− 4 ∙
𝑞𝐿𝐴𝐵3
6𝐸𝐼) +
𝑉𝐶𝐿3
3𝐸𝐼= 0
−48 ∙ 44
8− 4 ∙
48 ∙ 43
6+
𝑉𝐶 ∙ 83
3= 0
𝑽𝑪 = 𝟐𝟏𝒌𝑵
Cálculo das reações de apoio.
→ ∑ 𝐻 = 0 𝑯𝑨 = 𝟎
↑ ∑ 𝑉 = 0 𝑉𝐴 + 𝑉𝐶 = 192
↶ ∑ 𝑀𝐴 = 0 𝑉𝐶 ∙ 8 − 192 ∙ 2 + 𝓂𝐴 = 0
𝑉𝐴 + 21 = 192 𝑽𝑨 = 𝟏𝟕𝟏𝒌𝑵
21 ∙ 8 − 192 ∙ 2 + 𝓂𝐴 = 0 𝓶𝑨 = 𝟐𝟏𝟔𝒌𝑵
04) A partir da Equação Diferencial da Linha Elástica, determine o valor da
flecha máxima e da inclinação nos apoios da viga mostrada a seguir. Dado:
𝐸𝐼 = 2 ∙ 105𝑘𝑁. 𝑚².
1. Equação diferencial.
𝑉𝐴 + 𝑉𝐵 = 0
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6 ∙ 𝑉𝐵 + 24 − 72 = 0
𝑉𝐴 = −𝑉𝐵 = 6𝑘𝑁
𝐸𝐼𝑦" = −24 − 6𝑥
𝐸𝐼𝑦′ = −24𝑥 − 3𝑥2 + 𝐶1
𝐸𝐼𝑦 = −12𝑥2 − 𝑥3 + 𝐶1𝑥 + 𝐶2
2. Condições de contorno.
i) 𝑥 = 0 e 𝑦 = 0
ii) 𝑥 = 8 e 𝑦 = 0
3. Cálculo das constantes de integração.
𝐸𝐼(0) = −12(0)2 − (0)3 + 𝐶1(0) + 𝐶2
𝑪𝟐 = 𝟎
𝐸𝐼(0) = −12(8)2 − (8)3 + 𝐶1(8)
𝑪𝟏 = 𝟏𝟔𝟎
4. Flecha máxima.
A flecha é máxima onde a inclinação é nula.
𝐸𝐼𝑦′ = −24𝑥 − 3𝑥2 + 160 = 0
𝑥 = −12,33 𝑚 (Fora do domínio)
𝒙 = 𝟒, 𝟑𝟑𝒎
𝐸𝐼𝑦 = −12𝑥2 − 𝑥3 + 160𝑥
𝐸𝐼𝑦𝑚á𝑥 = −12(4,33)2 − (4,33)3 + 160 ∙ 4,33
𝒚𝒎á𝒙 = +𝟏, 𝟗𝟑𝟑 𝒎𝒎 ↑
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5. Rotações nos apoios.
𝐸𝐼𝑦′ = −24𝑥 − 3𝑥2 + 160
𝐸𝐼𝜃𝐴 = −24(0) − 3(0)2 + 160
𝜽𝑨 = +𝟎, 𝟎𝟎𝟎𝟖𝒓𝒂𝒅
𝐸𝐼𝜃𝐵 = −24(8) − 3(8)2 + 160
𝜽𝑩 = −𝟎, 𝟎𝟎𝟏𝟏𝟐𝒓𝒂𝒅