Apuntes de Cálculo Diferencial e Integral. Univ. de Costa Rica. (2009).Alfaro, Marco
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7/23/2019 Apuntes de Clculo Diferencial e Integral. Univ. de Costa Rica. (2009).Alfaro, Marco
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Marco Alfaro C. 1
UNIVERSIDAD DE COSTA RICA
Escuela de Matemtica
Departamento de Matemtica Aplicada
APUNTES DE CLCULO DIFERENCIAL E INTEGRAL
Prof. Marco Alfaro Carranza
Ciudad Universitaria Rodrigo Facio, Costa Rica
2009
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Marco Alfaro C. 2
Contenidos
1. Lmites de Funciones 4
1.1 Clculo de Lmites . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 7
1.1.1 Leyes de los Lmites . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 71.1.2 Lmites al innito y asntotas horizontales. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .91.1.3 Lmites innitos y asntotas verticales. .. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .12
1.2 Funciones Continuas . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 14
1 . 3 E j e r c i c i o s . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 1 9
1.4 Respuestas . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 24
2. Derivada de una Funcin 25
2.1 Reglas de Derivacin . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 29
2.2 Derivacin Implcita . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 31
2.3 Derivadas de Funciones Trigonomtricas .. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 33
2.4 Derivadas de Funciones Logartmicas y Exponenciales..............................35
2.4.1 Propiedades de la Funcin Exponencial . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 352.4.2 Leyes de los Logaritmos . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 37
2.5 Derivacin Logartmica . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 38
2.5.1 Unas Sugerencias para Derivacin Logartmica. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 39
2.6 Tasas de Cambio Relacionadas. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .39
2.7 Derivadas de Funciones Trigonomtricas Inversas. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .41
2.8 Aplicaciones de la Derivada . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 42
2.8.1 Valores Mximos y Mnimos . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 42
2.9 Recomendaciones para el Trazo de Grcas .. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 47
2 . 1 0 E j e r c i c i o s . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 4 8
2 . 1 1 R e s p u e s t a s . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 5 4
3. Integracin 55
3.1 Sumas de Riemann . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 573.2 Teorema Fundamental del Clculo .. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 633.3 rea entre Curvas . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 663.4 Integrales de Funciones Logartmicas y Exponenciales. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 693.5 Integrales de Funciones Trigonomtricas ....................................... 71
3.5.1 Integrales del tipoR
senm x cosn x dx . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 7 23.5.2 Integrales del tipo
Rtanm x secn x dx . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 7 4
3.6 Sustitucin Trigonomtrica . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 753.7 Integrales de Funciones Trigonomtricas Inversas...............................77
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3.8 Integracin por Partes . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .783.9 Integracin por Fracciones Simples... . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .80
3.10 Sustitucin de Weierstrass . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 843.11 Frmulas Bsicas de Integracin . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 863.12 Ejercicios . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 873.13 Respuestas . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 92
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Captulo 1
Lmites de Funciones
Considere la funcin denida por f(x) = x2 x + 3; entonces, si investigamos el comportamientode f para valores de x cercanos a 2; tanto para valores menores que 2 (por la izquierda de 2)como para valores mayores que 2 (por la derecha de 2) obtenemos:
x f(x) x f(x)1:0 3 3:0 9:01:5 3: 75 2:5 6: 751:8 4: 44 2:2 5: 641:9 4: 71 2:1 5: 31
1:95 4: 852 5 2:05 5: 15251:99 4: 970 1 2:01 5: 0301
1:995 4: 985 2:005 5: 0151:999 4: 997 2:001 5: 003
es decir, los valores de f(x) se aproximan a 5. Decimos entonces que el lmite cuando x tiende a2 de f(x) es 5, y escribimos:
limx!2
f(x) = 5:
En general, usaremos la siguiente denicin.
Denicin Se escribe limx!a
f(x) = L y decimos que el lmite cuando x tiende a \a" de f es igual
a L; si podemos hacer que los valores de f se aproximen tanto como se quiera a L haciendo xarbitrariamente cercano a a:
Denicin Escribimos limx!a
f(x) = L
y decimos que el lmite por la izquierda de f cuando x tiende a a es igual a L; si los valores def(x) se aproximan arbitrariamente a L tomando a x sucientemente cercano a a; con x < a:Anlogamente,
limx!a+
f(x) = L
signica que f(x) ! L cuando x ! a; con x > a:
4
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Teorema (Existencia del lmite) El limx!a
f(x) = L existe si y slamente si
limx!a
f(x) = limx!a+
f(x) = L: (1.1)
Ejemplo En el siguiente ejercicio, dar el valor del lmite, si este existe, en caso contrario, explicarpor qu no existe.
1 2 3 4-1-2-4 -3
1
2
3
-1
-3
-2
0
y
x
4
(a) limx!2f(x) (b) limx!4f(x) (c) limx!2+f(x)
(d) limx!1
f(x) (e) limx!2
f(x) (f) limx!2
f(x)
Solucin:(a) Tenemos, de acuerdo al ltimo teorema, que lim
x!2f(x) = 1 = lim
x!2+f(x) ; as que
limx!2
f(x) = 1:
(b) Aqu limx!4
f(x) = 2 = limx!4+
f(x), por lo que limx!4
f(x) = 2: Note que f(4) no existe.(c) En este caso lim
x!2+f(x) = 3:
(d) De nuevo, analizando los lmites laterales se llega a limx!1
f(x) = 1 = limx!1+
f(x) ; as que
limx!1
f(x) =
1:
(e) Finalmente, limx!2
f(x) = 1 mientras que limx!2+
f(x) = 3; de donde concluimos que el limx!2
f(x)
no existe.
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Ejemplo Sea
f(x) =
x2
1
jx 1j :Hallar (i) lim
x!1+f(x) (ii) lim
x!1f(x) .
Solucin: De la denicin de la funcin valor absoluto, tenemos que
jx 1j =8 1; entonceslimx!1+
f(x) = limx!1+
(3 x)
= 2:
Nuevamente, como los lmites laterales no coinciden, se tiene que limx!1
f(x) no existe.
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1.1 Clculo de Lmites
1.1.1 Leyes de los LmitesSi lim
x!af(x) = L y lim
x!af(x) = M, se cumple:
1. limx!a
[f(x) g (x)] = L M:
2. limx!a
[c f(x)] = c L: (c 2 R) :
3. limx!a
[f(x) g (x)] = L M:
4. limx!a
f(x)
g (x)
=
L
M; si lim
x!ag (x) 6= 0:
5. limx!a
[f(x)]n = Ln (n 2 N) :
6. limx!a
c = c; limx!a
x = a; limx!a
xn = an:
7. limx!a
n
px = n
pa, n 2 N. Si n es par se supone a > 0.
8. limx!a
n
pf(x) = n
qlimx!a
f(x), n 2 N: Si n es par se supone limx!a
f(x) > 0:
9. Si f(x) es un polinomio o una funcin racional con a 2 Df, entonces
limx!a
f(x) = f(a) :
Aunque no existe ninguna regla general para el clculo de lmites, podemos revisar algunos ejemplosque nos ayuden a identicar los casos de aparicin ms frecuente. Para ello utilizamos, en formacombinada, todas las propiedades enumeradas en el teorema anterior.
Ejemplos
1. Calcular el lmite limx!1
x4 + x 2x3 1 :
Solucin: Mediante una aplicacin reiterada del Teorema del Factor para eliminar la forma inde-terminada 00 , obtenemos
limx!1
x4 + x 2x3 1 = limx!1
(x 1) x3 + x2 + x + 2(x 1) (x2 + x + 1)
= limx!1
x3 + x2 + x + 2x2 + x + 1
=5
3:
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2. Calcular el lmite limx
!2
px2 + 5 3
x
2
:
Solucin: Nuevamente tenemos una forma indeterminada del tipo 00 ; para eliminarla, esta vezrecurrimos a la racionalizacin del numerador para obtener
limx!2
px2 + 5 3
x 2 = limx!2
px2 + 5 3
x 2
!px2 + 5 + 3px2 + 5 + 3
!
= limx!2
x2 4(x 2) px2 + 5 + 3
= limx!2
(x 2) (x + 2)(x 2)
p
x2 + 5 + 3
= limx!2
x + 2px2 + 5 + 3
=2
3:
3. Calcular el lmite limx!1
3p
x 1x 1 :
Solucin: Si bien es cierto para calcular este lmite podemos recurrir nuevamente a la racionalizacindel numerador como en el ejemplo anterior, esta vez debemos utilizar la frmula de diferencia decubos con exponentes fraccionarios, lo que hace que el problema se torne un poco complejo. Poresto mejor optamos por realizar un cambio de variable de la siguiente forma. Colocamos x = u3,de forma que cuando x ! 1 entonces u = 3px ! 1. Por lo tanto se sigue que
limx!1
3px 1x 1 = limu!1 u 1u3 1
= limu!1
u 1(u 1) (u2 + u + 1)
= limu!1
u 1(u 1) (u2 + u + 1)
= limu!1
1
u2 + u + 1
=1
3
:
Teorema (Sandwich) Si h (x) f(x) g (x) para x en un intervalo abierto que contiene a a, y si
limx!a
h (x) = limx!a
g (x)
entonces limx!a
f(x) = L:
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La interpretacin geomtrica de este teorema se representa en la siguiente grca.
( )xhy =
( )xfy =
( )xgy =
y
a
L
x
Figura 1: Teorema del Sandwich
Ejemplo Hallar limx!0
f(x) si
4 x2 f(x) 4 + x2
Solucin: En este caso, tomando lmites en la desigualdad anterior, tenemos que
limx!0
4 x2 lim
x!0f(x) lim
x!0
4 + x2
es decir,
4 limx!0
f(x) 4y por lo tanto lim
x!0f(x) = 4:
1.1.2 Lmites al Innito y Asntotas Horizontales
Denicin Sea f denida en ]a; +1[. Entonceslim
x!+1f(x) = L
signica que los valores de f(x) se pueden hacer arbitrariamente cercanos a L; tomando valoresde x sucientemente grandes.Anlogamente,
limx!1
f(x) = L
signica que f(x) ! L tomando valores negativos de x sucientemente grandes.Denicin Se dice que la recta y = L es una asntota horizontal de la curva y = f(x), si
limx!+1
f(x) = L limx!1
f(x) = L
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y
x
( )xfy =
0
Ly =
Figura 2: Asntota Horizontal
Teorema Si r > 0 es un nmero racional tal que xr est denido, entonces
limx!+1
1
xr= 0 y lim
x!11
xr= 0
Ejemplos
1. Calcular limx!+1
3x2 x 25x2 + 4x + 1
:
Solucin: Extrayendo la mayor potencia de x en el numerador y en el denominador, y uti-lizando el resultado del teorema anterior obtenemos
limx!+1
3x2 x 25x2 + 4x + 1
= limx!+1
x2
3 1x
2x2
x2
5 +4
x+
1
x2
= limx!+1
3 1x
2x2
5 + 4x
+ 1x2
=3
5:
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2. Determinar las asntotas horizontales a la grca de la funcin f(x) =
p2x2 + 1
3x
5
:
Solucin: Procedemos de manera similar al ejemplo anterior, tomando en cuenta quep
x2 = jxj :
limx!1
p2x2 + 1
3x 5 = limx!1
sx2
2 +1
x2
x
3 5
x
= limx!1
jxjr
2 +1
x2
x
3 5
x= lim
x!1
xr
2 +1
x2
x
3 5
x
= limx!1
r2 +
1
x2
3 5x
=
p2
3
:
Por lo tanto las asntotas horizontales a la grca de f(x) son las rectas y = p
2
3:
Nota Observe que los procedimientos aplicados a los ejemplos anteriores, nos permiten concluirel siguiente resultado para una funcin racional:
limx!1
anxn + an1xn1 + : : : + a0
bmxm + bm1xm1 + : : : + b0=
8>>>>>>>>>:
1, si n > manbm
, si n = m
0, si n < m:
Un resultado similar se obtiene si x ! 1; slo que en este caso se debe analizar adems el signode an:bm y la paridad de n y m:
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1.1.3 Lmites Innitos y Asntotas Verticales
Denicin Sea f denida en un intervalo abierto alrededor de a: Entonceslimx!a
f(x) = +1
signica que los valores de f(x) se pueden hacer arbitrariamente grandes, tomando x suciente-mente cercano a a:De forma similar
limx!a
f(x) = 1
signica que los valores de f(x) se pueden hacer arbitrariamente grandes y negativos, tomando xsucientemente cercano a a:
Denicin Se dice que x = a es una asntota vertical de la curva y = f(x) si se cumple algunade las condiciones siguientes:
limx!a
f(x) = +1 limx!a
f(x) = +1 limx!a+
f(x) = +1
limx!a
f(x) = 1 limx!a
f(x) = 1 limx!a+
f(x) = 1
2 3-1-2-4 -3
3
-1
-2
0
4
2
Figura 3: Asntota Vertical
y
x
2=x
( )xfy =
1
5
Teorema (lgebra de lmites innitos) Si a; L 2 Rlimx!a
f(x) = +1 y limx!a
g (x) = L
entonces(a) lim
x!a[f(x) g (x)] = +1:
(b) limx!a
[f(x) g (x)] = +1 (L > 0) y limx!a
[f(x) g (x)] = 1 (L < 0)
(c) limx!a
g (x)
f(x)
= 0:
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Nota Propiedades similares son vlidas para lmites laterales y para cuando
limx!af(x) = 1:Teorema(a) Si n 2 N; n par, entonces
limx!a
1
(x a)n = +1
(b) Si n 2 N; n impar, entonces
limx!a+
1
(x a)n = +1 y limx!a1
(x a)n = 1
Ejemplo Hallar las asntotas verticales de la funcin
f(x) = xx2 + x 2 :
Solucin: Primero observe que f(x) =x
(x + 2) (x 1) ; por lo tanto tenemos que
limx!2
f(x) = limx!2
x
(x + 2) (x 1)
= 1:Anlogamente,
limx!2+
f(x) = limx!2+
x
(x + 2) (x 1)
= +1:En el caso de x = 1; se obtiene
limx!1
f(x) = limx!1
x
(x + 2) (x 1)
= 1:y por otra parte
limx!1+
f(x) = limx!1+
x
(x + 2) (x 1)
= +1:
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1.2 Funciones Continuas
Denicin Una funcin se llama continua en x = a si
limx!a
f(x) = f(a) : (1.2)
Esto signica que se cumplen las condiciones siguientes:
1. f(a) est denido.
2. limx!a
f(x) existe.
3. limx!a
f(x) = f(a) :
Una funcin se llama continua en ]a; b[ si es continua en cada punto de ]a; b[ : Se dice que f tieneuna discontinuidad evitable en x = a si f puede hacerse continua redenindola en x = a; si estono es posible, la discontinuidad se llama inevitable.
1 2 3 4-1-2-4 -3
1
-1
0
4
Figura 4: Discontinuidades
2
3
En la gura anterior vemos que limx!3
f(x) = 1, sin embargo f(3) = 3, as que f tiene una
discontinuidad evitable en x = 3: Por su parte, limx!3f(x) = 4; mientras que limx!3+f(x) = 2; esdecir el lim
x!3+f(x) no existe, por lo que f tiene una discontinuidad inevitable en x = 3:
Ejemplo La funcin
f(x) =
8 1
es discontinua en x = 1:
-
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Solucin: Veriquemos las tres condiciones para que exista continuidad en el punto x = 1:1. Segn la denicin de f, se tiene que f(1) = 2; por lo que esta condicin se satisface.
2. Calculamos ahora los lmites laterales en x = 1:
limx!1
f(x) = limx!1
x
= 1:
Por su parte
limx!1+
f(x) = limx!1+
(2x 1)
= 1:
Concluimos entonces que limx!1
f(x) = 1:
3. Segn esta condicin, comparamos limx!1 f(x) = 1 6= 2 = f(1), as que f tiene una discon-tinuidad evitable en el punto x = 1: Para mayor claridad, veamos lo que sucede con la grca def en este punto:
1 2 3-1-2
1
2
3
-3
-2
y
x-3
-1
Teorema (lgebra de funciones continuas)Si f y g son continuas en a y c 2 R entonces tambin son continuas las funciones(a) f g(b) c f(c) f g(d)
f
g, si g (a) 6= 0:
Teorema(a) Todo polinomio es continuo en R:(b)Toda funcin racional es continua en su dominio.
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Marco Alfaro C. 16
Teorema(a) Si n
2N , es par, entonces f(x) = n
px es continua en [0; +
1[ :
(b) Si n 2 N , es impar, entonces f(x) = npx es continua en R:Teorema Si g es continua en a y f es continua en g (a) entonces (f g) es continua en a:
Ejemplo Hallar el valor de la constante c, para que la funcin f denida por
f(x) =
8 1
sea continua en R:
Solucin: Primero que nada observe que se nos solicita que la funcin f sea continua en toda larecta real, de modo que conviene empezar observando que las funciones
f1 (x) = c2x y f2 (x) = 3cx 2
son claramente continuas en todo R, por tratarse de funciones polinomiales. Con esto, bastaentonces analizar la continuidad de f en el punto x = 1; que es donde, eventualmente, puedeperderse la continuidad al unir ambas funciones. Veamos.
1. En este caso f(1) = c2; por lo que f(1) existe.2. Calculando los lmites laterales en x = 1 :
limx!1
f(x) = limx!1
c2x
= c2:
Mientras tanto
limx!1+
f(x) = limx!1+
(3cx 2)
= 3c 2:Como queremos que este lmite exista, debe cumplirse que
limx!1
f(x) = limx!1+
f(x)
lo que conduce a la ecuacin cuadrtica en c :
c2 = 3c
2
cuyas soluciones son c = 1 c = 2:3. Finalmente, debe tenerse que f(1) = lim
x!1f(x), lo que conduce la misma condicin sobre c:
Concluimos entonces que la continuidad de f en todo R se logra escogiendo c 2 f1; 2g :
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Ejemplo Encuentre y clasique las discontinuidades, si existen, de la funcin
f(x) = 1 x24 x3 3x2 :
Solucin: Segn el teorema visto anteriormente, toda funcin racional, es decir, el cociente de dospolinomios, es continua en su dominio. En el caso de la funcin f, extrayendo un factor comn de1 en el numerador y el denominador y realizando una sencilla divisin sinttica, se simplica a
f(x) =1 x2
4 x3 3x2
=x2 1
x3 + 3x2 4
=(x + 1) (x 1)
(x + 2)2 (x 1) :
La funcin presenta problemas de indenicin en los puntos x = 1 y x = 2: Al calcular loslmites respectivos en esos puntos, se obtiene:
limx!1
f(x) = limx!1
(x + 1) (x 1)(x + 2)2 (x 1)
= limx!1
x + 1
(x + 2)2
=2
9 :
As que f tiene una discontinuidad evitable en x = 1, pues bastara redenir f(1) = 29 para que lafuncin sea continua en x = 1: Por otra parte,
limx!2
f(x) = limx!2
(x + 1) (x 1)(x + 2)2 (x 1)
= limx!2
x + 1
(x + 2)2
= 1:
Como el lmite en x = 2 no existe, la discontinuidad en este punto es inevitable.
-
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Teorema (Del Valor Intermedio) Suponga que f es continua sobre el intervalo cerrado [a; b] y seaN cualquier nmero estrictamente entre f(a) y f(b). Entonces existe un nmero c
2]a; b[ tal que
f(c) = N:
y
x
( )xfy =
0
Figura 5: Teorema del Valor Intermedio
a b
( )af
( )bf
N
c
Esto quiere decir que una funcin continua toma todos los valores comprendidos entre f(a) yf(b) : Este resultado es en realidad una consecuencia inmediata del siguiente teorema conocidocomo Teorema de Bolzano.
Teorema Sea f una funcin continua en el intervalo cerrado [a; b] y supongamos que f(a) y f(b)tienen signos opuestos. Existe entonces por lo menos un valor c 2 ]a; b[ tal que f(c) = 0:
y
x
( )xfy =
0
Figura 6: Teorema de Bolzano
a b
( )af
( )bf
c
Ejemplo Demuestre que la ecuacin
x3 3x + 1 = 0
tiene al menos una raz en el intervalo I = ]0; 1[ :
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Solucin:
Considere la funcin f(x) = x3
3x+1, la cual es claramente continua en ]0; 1[ por ser una funcinpolinomial. Ntese ahora que al serf(0) = 0 0 + 1 = 1 > 0
f(1) = 1 3 + 1 = 1 < 0
es decir, f(0) y f(1) tienen signos opuestos, el teorema de Bolzano permite concluir que existec 2 ]0; 1[ tal que f(c) = 0, o lo que es lo mismo
c3 3c + 1 = 0:
1.3 Ejercicios1. En el siguiente ejercicio, d el valor de cada expresin, si existe. En caso que no exista,
explique por qu.
2 3 4-1-2-4 -3
1
3
-1
0
4
y
x1
2
(a) limx
!0
f(x) (b) limx
!3+
f(x) (c) limx
!3
f(x)
(d) limx!3
f(x) (e) limx!3
f(x) (f) f(3)
-
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2. Considere la funcin f denida por
f(x) =
8>>>>>>>:3x + 1; si x < 1
x2 + 3; si 1 < x 3
4x + 3; si x > 3:
Calcule, si existen, los siguientes valores:
(a) limx!1
f(x) (b) limx!3
f(x) (c) f(3)
3. En la siguiente gura, d el valor del lmite, si existe. En caso que no exista, explique porqu.
(a) limx!2
f(x) (b) limx!3
f(x) (c) limx!3+
f(x)
(d) limx!3
f(x) (e) f(3) (f) limx!2
f(x)
(g) limx!2+
f(x) (h) limx!2
f(x) (i) f(2)
1 2 3 4-1-2-4 -3
1
2
3
-3
-2
0
y
-1
4. Trace la grca de una funcin f que satisfaga todas las siguientes condiciones:
(a) f(3) = f(0) = f(4) = 0:(b) lim
x!2f(x) = 1 y lim
x!2+f(x) = 1 :
(c) f(2) = 3:(d) lim
x!3f(x) = 2 y lim
x!3+f(x) = 2:
(e) f(3) = 1:
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5. Trace la grca de una funcin f que satisfaga todas las siguientes condiciones:
(a) f es continua en ]1; 5[ ; ]5; 2[ ; ]2; 3[ y en ]3; +1[ :(b) f(0) = f(6) = 0:
(c) limx!1
f(x) = +1 y limx!+1
f(x) = 1:
(d) limx!5
f(x) = 2 y limx!5+
f(x) = 1:(e) lim
x!3f(x) = 1 y lim
x!3+f(x) = 1:
(f) limx!2
f(x) = 1 y f(2) = 1:
6. Calcule los siguientes lmites:
(a) limx!1
x4 + x 2x3 1 (f) limx!2
x 2px + 1 p5 x (k) limx!1
x2 + x 2x2 4x + 3
(b) limx!2
4 x23 px2 + 5 (g) limx!1
px 1
3p
x 1 (l) limx!1x 1
x3 x2 + x 1
(c) limx!1
px2 + 3 2p10 x 3 (h) limx!1
3p
x + 7 2x3 1 (m) limx!3
x 3x2 8x + 15
(d) limx!2
x3 8jx 2j (i) limx!1
1
1 x 3
1 x3
(n) limx!2
p2 x 2
x2 + 5x + 6
(e) limx!2p3x jx
2jx 2 (j) limx!1
3p
x
14px 1 () limx!3
x3
2x2
2x
3
x4 2x3 27
7. Calcule, si existen, los siguientes lmites:
(a) limx!1
3x +
p9x2 x (e) lim
x!+1
p1 + 4x2
4 + x
(b) limx!+1
px2 + 1 px2 1 (f) lim
x!+1p
9x2 + x 3x
(c) limx!+15x3 + 1
10x3 3x2 + 7 (g) limx!1(1
x) (2 + x)
(1 + 2x) (2 3x)
(d) limx!+1
x + 4
x2 2x + 5 (h) limx!+1x3 8x + 52x2 x + 3
-
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8. Calcule los siguientes lmites:
(a) limx!1
x2 2x2 x 2 (e) limx!2
4
(x 2)3 (i) limx!1x3 + 3x2 2x 2x3 3x2 + 3x 1
(b) limx!1+
x3
x2 1 (f) limx!22
(x 2)2 (j) limx!2x5 2x4 + 3x2 7x + 2
3x3 11x2 + 8x + 4
(c) limx!2+
x 3x 2 (g) limx!2
x2 2x2 x 2 (k) limx!1+
x4 x3 + 2x2 + 5x 73x3 4x2 x + 2
(d) limx!1+
2 + x1 x (h) limx!2 2x
2 + x + 1x + 2
(l) limx!1
x2 + 8x 9x2 2x + 1
9. Considere la siguiente gura, con base en ella, complete las expresiones dadas de forma quese transformen en verdaderas1 .
-1-2-3-4-5-6-7 1 2 3 4 5 6 7
4
x
y
-3
3
1
-1
-2
-4
2
-5
1 Tomado de Sancho, L, Proyecto MATEM 2007
-
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(a) limx!3
f(x) = :
(b) limx!1 f(x) = :
(c) limx!1
f(x) = :
(d) limx!+1
f(x) = :
(e) f tiene una discontinuidad evitable en el siguiente valor de x: :
(f) f tiene una discontinuidad inevitable en el siguiente valor de x: :
(g) Un intervalo en donde f es continua es el siguiente: :
(h) Una asntota vertical de la grca de f es la siguiente: :
(i) Una asntota horizontal de la grca de f es la siguiente: :
10. Determine el valor de las constantes a; b y k para que las siguientes funciones sean continuasen toda la recta real.
(a) f(x) =
8 0:(c) g (x) =
8>>>>>>>:2; si x 1
ax + b; si 1 < x < 3
2, si x 3:
(b) f(x) =8 2:(d) g (x) =
8>:x2
a2
x a ; si x 6= a
8, si x = a:
11. Hallar el valor de la constante a para que el siguiente lmite exista y calclelo.
L = limx!2
3x2 + ax + a + 3
x2 + x 212. Determine las asntotas verticales y las discontinuidades evitables de la funcin denida por
la expresin
f(x) =2x2 + 7x + 6
x4
16
:
(a) Enuncie correctamente el Teorema del Valor Intermedio.
(b) Aplquelo para concluir que la ecuacin x5 + 2x 7 = 50 tiene solucin.13. Demuestre que las grcas de las funciones f(x) = cos x y g (x) = x se intersecan.
14. Aplique el Teorema del Valor Intermedio para probar que existe un nmero positivo c tal quec2 = 2: Esto demuestra la existencia del nmero
p2:
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1.4 Respuestas
1. (a) 3: (b) 2: (c) 4: (d) No existe. (e) 1: (f) 3:2. (a) 4. (b) No existe. (c) f(3) = 12:3. (a) 3: (b) 2: (c) 2: (d) No existe. (e) 1. (f) 2. (g) 2: (h) 2. (i) 3:6. (a) 53 : (b) 6: (c) 3. (d) 12: (e) no existe. (f)
p3: (g) 32 . (h)
136 . (i) 1. (j) 43 :
(k) 32
. (l) 12
: (m) 12
: (n) 14
. () 1354
.7. (a) 16 : (b) 0: (c)
12 . (d) 0: (e) 2: (f)
16 : (g)
16 : (h) +1:
8. (a) 1: (b) +1. (c) 1: (d) 1: (e) 1: (f) 1: (g) 1: (h) 1: (i) +1: (j) 1:(k) +1: (l) 1:10. (a) k = 43 : (b) a = 2: (c) a = 1; b = 1: (d) a = 4:11. a = 15; L = 1:12. Discontinuidad evitable en x = 2; asntota vertical en x = 2:
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Captulo 2
Derivada de una Funcin
Denicin La derivada de f en x se dene por
f0 (x) = limh!0
f(x + h) f(x)h
: (2.1)
Note que este lmite presenta el cociente del incremento de la funcin y el incremento del argumentode la funcin, segn vemos en la siguiente grca.
0 x hx +
h
( ) ( )xfhxf +P
( )xfy =Q
Figura 1: Derivada de una funcin
De manera equivalente, la derivada de f en x = a; se puede denir por:
f0 (a) = limx!a
f(x) f(a)x a (2.2)
si este lmite existe.
25
-
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Marco Alfaro C. 26
Es decir, la derivada de una funcin f en un punto P(a; f(a)), como se muestra en la Figura 1, seinterpreta como la pendiente de la recta tangente a la curva f en dicho punto.
Notacin Para el concepto de derivada, utilizaremos cualquiera de los siguientes smbolos:
f0 (x) = y0 =dy
dx=
df
dx= Df(x) = Dxf(x) :
Ejemplo Usando la denicin, calcule la derivada de la funcin. f(x) =p
2x 1:Solucin: A partir de la denicin (2.1), obtenemos lo siguiente
f0 (x) = limh!0
f(x + h) f(x)h
= limh!0p2 (x + h) 1 p2x 1h
= limh!0
p2x + 2h 1 p2x 1
h
= limh!0
2x + 2h 1 2x + 1hp
2x + 2h 1 p2x 1= lim
h!02x + 2h 1 2x + 1
hp
2x + 2h 1 + p2x 1= lim
h!0
2
p2x + 2h 1 + p2x 1
=1p
2x 1 :
Observe que la derivada de una funcin es un lmite, por lo que para hallarlo recurrimos a cualquierade los procedimientos vlidos, en este caso se us nuevamente la racionalizacin del numerador paraeliminar la indeterminacin.
Tambin como lmite que es, la derivada puede o no existir, por lo que ms adelante introducimosel concepto de derivada lateral para decidir este problema.
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Ejemplo Usando la denicin, calcule la derivada de la funcin. f(x) =x
x + 1.
Solucin: Nuevamente usando (2.1), obtenemos ahora
f0 (x) = limh!0
f(x + h) f(x)h
= limh!0
1
h
x + h
x + h + 1 x
x + 1
= limh!0
1
h
(x + h) (x + 1) x (x + h + 1)
(x + h + 1) (x + 1)
= limh!0
x2 + x + hx + h x2 hx xh (x + h + 1) (x + 1)
= limh!0
1
(x + h + 1) (x + 1)
=1
(x + 1)2:
Teorema Si f es diferenciable en a (es decir, f0 (a) existe), entonces f es continua en a: El recprocoes falso.
Ntese en la Figura 2 el caso tpico de una funcin que es continua pero no derivable en un punto.
1 2 3-1-2-3
1
2
3
0
1= xy
y
x
4
Figura 2: Funcin continua no derivable
Para vericar esto, podemos usar la denicin (2.2) de derivada en el punto a = 1, para locual calculamos los lmites laterales, con el propsito de eliminar el valor absoluto. Introducimosadems los smbolos f0 (a) y f
0+ (a) para denotar las derivadas izquierda y derecha de f en x = a,
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Marco Alfaro C. 28
respectivamente. Entonces
f0 (1) = limx!1f(x)
f(1)
x 1
= limx!1
jx 1j j0jx 1
= limx!1
(x 1)x 1
= 1:De forma idntica tenemos
f0+ (1) = l imx!1+
f(x) f(1)x 1
= limx!1+
jx 1j j0jx 1
= limx!1+
x 1x 1
= 1:
Concluimos entonces que f0 (1) 6= f0+ (1) por lo que la derivada de f en x = 1 no existe, es decir,f no es derivable en este punto.
Otros casos de no derivabilidad de una funcin en un punto pueden ocurrir como consecuencia deuna discontinuidad de la funcin en dicho punto, o bien, que la curva presente un recta tangentevertical(de pendiente innita), como podemos ver en la siguiente gura.
1 2 3-1-2-4 -3
3
-1
-2
0
4
2
Figura 3: Funcin no derivable
y
x
( )xfy =
1
-
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2.1 Reglas de Derivacin
Si c; n 2 R, entonces1. (cf)0 = cf0 4. (xn)0 = nxn1
2. (f g)0 = f0 g0 5. (f g)0 = f0g + fg0
3.
f
g
0=
gf0 f g0g2
6. (c)0 = 0
Nota Observe que en particular, si f(x) = ax + b; entonces f0 (x) = a:
Teorema (Regla de la Cadena) Si las derivadas de g y f existen y f g es la funcin compuestaentonces (f g)0 est denida y
[f(g (x))]0 = f0 (g (x))
g0 (x)
o bien, si y = f(u) y u = g (x) ; entonces
dy
dx=
dy
du
du
dx
En particular[[f(x)]n]
0= n [f(x)]n1 f0 (x)
o biend
dx(un) = nun1
du
dx
Ejemplo Derive la funcin f(x) = x5 4x3 + 2x 36 :Solucin: Colocamos u = x5 4x3 + 2x 3; entonces de acuerdo al teorema anterior tenemos quef(x) = u6, y as
f0 (x) = 6u5 u0
= 6u5 x5 4x3 + 2x 30= 6u5 5x4 12x2 + 2= 6
x5 4x3 + 2x 3
5
5x4 12x2 + 2
:
Ejemplo Hallar la derivada de la funcin f(x) = p2x2 2x + 1x
:
Solucin: Si colocamos ahora u = 2x2 2x + 1; entonces f(x) = u12
xy tendremos, de acuerdo a la
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regla del cociente y la regla de la cadena
f0 (x) =x u120 u 12 (x)0
x2
=x 12u
12 u0 pux2
=
xu0 2u2p
u
x2
=xu0 2u2x2
pu
=x (4x 2) 2 2x2 2x + 1
2x2p
2x2 2x + 1
=x 1
x2p
2x2 2x + 1 :
Teorema Si f0 (a) existe, entonces la ecuacin de la recta tangente a la curva y = f(x) enP (a; f(a)) es:
y f(a) = f0 (a) (x a) (2.3)Note que el teorema anterior es simplemente una reescritura de la denominada forma punto-pendiente para la ecuacin de la recta.
Ejemplo Hallar las rectas tangentes a la curva y = x2
+ 1 que pasan por el origen.Solucin Primero observe que y0 (x) = 2x, as que la recta tangente en el punto P(a; b) segn (2.3)es
y b = 2a (x a) :
12
+= xy
( )2,1( )2,1
( )122 = xy( )122 += xy
0 x
y
-
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Marco Alfaro C. 31
Como esta recta debe pasar por el origen, es decir, por el punto O (0; 0) ; entonces
0 b = 2a (0 a)esto es,
b = 2a2: (2.4)
Pero el punto P (a; b) debe estar sobre la curva, de forma que tenemos la nueva condicin
b = a2 + 1: (2.5)
De (2.7) y (2.8) se sigue que a = 1, y por lo tanto los puntos de tangencia son Q (1; 2) yR (1; 2) : Finalmente, encontramos que las ecuaciones de las rectas tangentes son y2 = 2 (x 1)e y 2 = 2 (x + 1) :
2.2 Derivacin ImplcitaDada una ecuacin que contiene a x e y; con y una funcin derivable de x; de la forma
F(x; y) = 0
se puede hallardy
dxas:
1. Derive ambos lados de la ecuacin respecto de x:
2. Agrupe todos los trminos que contienendy
dxa la izquierda de la ecuacin, y los dems trminos
a la derecha.
3. Factoricedy
dx
en el lado izquierdo.
4. Despejedy
dxen la ecuacin.
Ejemplo Hallar la derivada dydx
si x3 + x2y + y2 = 0:
Solucin: Suponemos que y = y (x), entonces derivando esta ecuacin respecto de x, obtenemos
3x2 + 2xy + x2y0 + 2yy0 = 0;
agrupando los trminos que contienen a y0x2 + 2y
y0 = 3x2 + 2xy
nalmente, resolviendo para y0 llegamos a
y0 =
3x2 + 2xy
x2 + 2y:
Observe que si y = y (x) entonces la expresin x2y debe derivarse por la regla del producto.
-
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Marco Alfaro C. 32
La recta normal a una curva es la recta perpendicular a la tangente en el punto de tangenciaP (a; b). Por lo tanto, su pendiente es
m0 = 1m
= 1f0 (a)
:
( )xfy =
TangenteNormal
( )baP ,
y
x0Figura 4: Recta Normal
As que la ecuacin de la recta normal a la grca de y = f(x) es
y
b =
1
f0 (a)(x
a) : (2.6)
Ejemplo Verique que la recta normal a la curva de ecuacin
x2 + y2 = 1
siempre pasa por el origen.
Solucin: Derivando por derivacin implcita la ecuacin dada, tenemos
y0 = xy
por lo que la ecuacin de la recta normal en P (a; b) es, segn (2.6)
y b = 1a=b (x a)
es decir,
y =b
ax
que claramente pasa por el origen.
-
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Marco Alfaro C. 33
2.3 Derivadas de Funciones Trigonomtricas
Sea x > 0, y considere la siguiente gura
P
Q
R ( )0,1A
( )1,0B
x
Figura 5
O
con \AP B el arco de circunferencia de radio 1 y centro en el origen, entonces tenemos
m]P OA = x = m
dP A:
Adems,sen x = PR < mdP A = x: (2.7)
As,sen x
x>>>>>>:
A + B = 3
C B = 4
A
C = 5
cuya solucin viene dada por A = 2; B = 1; C = 3: As que de (3.13) se concluye que
I =
Z2
x 1 +x 3
x2 + 1
dx
= 2
Zdx
x 1 +Z
x
x2 + 1dx 3
Zdx
x2 + 1:
Finalmente, colocando u = x1 en la primera integral, t = x2 + 1 en la segunda integral, y usandola integral de tabla Z
du
a2 + u2=
1
aarctan
ua
+ C;
se llega a
I = 2 Zduu
+ 12Zdt
t 3Z dx
x2 + 1
= 2ln juj + 12
ln jtj 3 arctanx + C
= 2ln jx 1j + 12
ln
x2 + 1 3 arctanx + C
Ejemplo Calcular la integral I =Z
x2
(x2 + 1)2dx:
Solucin: En este caso se tiene un factor cuadrtico repetido, puesto que M< 0; as que descom-
ponemos el cociente como la suma de fracciones simplesx2
(x2 + 1)2=
Ax + B
x2 + 1+
Cx + D
(x2 + 1)2
=(Ax + B)
x2 + 1
+ Cx + D
(x2 + 1)2
=Ax3 + Bx2 + (A + C) x + (B + D)
(x2 + 1)2
-
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Marco Alfaro C. 83
Igualando los coecientes se llega al sistema
8>>>>>>>>>>>>>>>:
A = 0
B = 1
A + C = 0
B + D = 0
cuya solucin es A = 0; B = 1; C = 0; D = 1: Tomando en cuenta esto, nuestra integral sereduce a
I =
Zdx
x2 + 1Z
dx
(x2 + 1)2= I1 I2:
La primera integral I1, corresponde a un arcotangente, nos concentramos entonces en resolver la
segunda integral I2. Para ello hacemos el cambio de variable u = tan t; por lo que
dx = sec2 t dt y x2 + 1 = sec2 t:
Esta integral toma entonces la forma
I2 =
Zdx
(x2 + 1)2
=
Zsec2 t dt
sec4 t
= Zcos2 t dt
=1
2
Z(1 + cos 2t) dt
=t
2+
sen2t
4+ C
=arctan x
2+
1
2
xp
x2 + 1
1p
x2 + 1
+ C
=1
2
arctan x +
x
x2 + 1
+ C:
Sumando los resultados de ambas integrales, llegamos nalmente a
I = arctan x +1
2
arctan x +
x
x2 + 1
+ C
-
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Marco Alfaro C. 84
3.10 Sustitucin de Weierstrass
Considere, para < x < ; la sustitucinu = tan
x2
:
Entonces, de las propiedades de funciones trigonomtricas, se sigue que
cosx
2
=
1
secx
2
=
1r1 + tan2
x
2=
1p1 + u2
:
Tambin,
senx
2
= cos
x2
tan
x2
=
up1 + u2
:
Ahora, ntese que
sen x = 2 senx
2 cosx
2 =2u
1 + u2
y por otra parte,
cos x = cos2x
2
sen2
x2
=
1 u21 + u2
:
Finalmente, como u = tanx
2
; tomando inversas, se llega a
x = 2 arctanu
as que
dx =2 du
1 + u2:
En resumen, se tienen el conjunto de sustituciones
u = tanx
2
; sen x =
2u
1 + u2; cos x =
1 u21 + u2
; dx =2 du
1 + u2
las cuales tienen la ventaja de convertir cualquier funcin racional de sen x y cos x en una funcinracional de u:
-
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Marco Alfaro C. 85
Ejemplo Calcular la integral I =
Zdx
3sen x + 4 cos x:
Solucin:
Haciendo las sustituciones del caso, tenemos que
I =
Zdx
3sen x + 4 cos x
=
Z 2 du1 + u2
3
2u
1 + u2
+ 4
1 u21 + u2
= Z2 du
1 + u26u + 4 4u2
1 + u2
= Z
du
2u2 3u 2
= Z
du
(2u + 1) (u 2)
= 15 ln
u + 12 15 ln (u 2) + C
= 15
ln
tan
x2
+ 12
15
ln
tan
x2
2
+ C:
-
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Marco Alfaro C. 86
3.11 Frmulas Bsicas de Integracin
1.Z
un du =un+1
n + 1+ C; n 6= 1 9.
Zcsc u dx = ln jcsc u cot uj + C
2.Z
sen u du = cos u + C 10.Z
csc u cot u du = csc u + C
3. Zcos u du = sen u + C 11. Zdu
pa2 u2= arcsen
u
a + C
4.Z
csc2 u du = cot u + C 12.Z
du
a2 + u2=
1
aarctan
ua
+ C
5.Z
tan u dx = ln jcos uj + C 13.Z
du
up
u2 a2 =1
aarcsec
juja
+ C
6.Z
sec u du = ln jsec u + tan uj + C 14.Z
sec2 u du = tan u + C
7.Z
sec u tan u du = sec u + C 15.Z
eu du = eu + C
8.Z
cot u du = ln jsen uj + C 16.Z
du
u= ln juj + C
-
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3.12 Ejercicios
1. Verique que la funcin
F(x) =
8
-
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5. Use el Teorema Fundamental del Clculo para evaluar las siguientes integrales denidas. Enlos ejercicios a) al g), haga una grca de la regin cuya rea viene dada por la integral
propuesta.
(a)Z31
(2x 1) dx (g)Z20
j2x 1j dx
(b)Z20
(x + 4) dx (h)Z10
px (1 x) dx
(c)Z43
x2 9 dx (i) Z6
2
xp2x 3 dx
(d) Z2
1 x2 + x + 2 dx (j) Z3
0
xp
3
x dx
(e)Z10
x x3 dx (k) Z1
0
x (x 1)2 dx
(f)Z21
x2 1 dx (l) Z41
x2 x 2 dx6. Dibuje la regin y calcule el rea encerrada por las siguientes curvas.
(a) y = 2 x2; y = x:(b) f(x) = x3 6x2 + 8x; g (x) = x2 4x:
(c) y = x2
+ 2; y = x; x = 0; x = 1:(d) f(x) = x3; g (x) = 2x3 + x2 2x:(e) y = x2 + 2x; y = x + 4:(f) f(x) =
1
x2; g (x) = x2; x = 1; x = 2:
(g) f(x) = 3x 4x2 + x3, g (x) = x2 x:(h) f(x) = x2 + 2x + 8; g (x) = 2x + 3:(i) x = y3 y; x = 1 y4:(j) f(x) = x3 2x; g (x) = x:(k) f(x) = x2 + 1; g (x) = 3 x2; x = 2:
-
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Marco Alfaro C. 89
7. Calcule las siguientes integrales.
(a)Z
1 + 4x
1 + x + 2x2dx (g)
Ze1
1
x (3 + ln x)2dx (m)
Zx + 1
x2 + 2x + 3dx
(b)Z
ax + b
ax2 + 2bx + cdx (h)
Z2x + 3
2x + 1dx (n)
Z81
dx
x (3ln x + 4)
(c)Z
1 3x3 + 2x
dx (i)Z
dx
x (ln ln x) ln x()
Zx2 + 1
x 1 dx
(d) Ze4
e
1
xpln xdx (j) Z
1
0
3
4 + pxdx (o) Z(2 + ln x)
2
xdx
(e)Z71
4 dx
5 +p
4x + 9(k)
Zx2 2x
x3 3x2 + 1 dx (p)Z
1px (1 +
px)
dx
(f)Z
x
(x + 1)2dx (l)
Zx + 1
x 3 dx (q)Z51
dx
2 +p
x 1
8. Hallar la derivada de las siguientes funciones usando el Teorema Fundamental del Clculo:
ddx Z(x)a f(t) dt = f( (x)) 0 (x) y ddx Z(x)
(x)f(t) dt = f[(x)] 0 (x) f[ (x)] 0 (x)
(a) F(x) =Z2x
cos
t2
dt (e) F(x) =Z1
x
2
tan t dt
(b) F(x) =Zx20
p1 + t3 dt (f) F(x) =
Zpx3
cos t
tdt
(c) F(x) =Zx31
(t + sen t) dt (g) F(x) =Z113x
u3
1 + u2du
(d) F(x) = Z3x2x
u2
1u2 + 1
du (h) F(x) = Zx3px
pt sen t dt
-
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Marco Alfaro C. 90
9. Hallar la derivada de las siguientes funciones. Use derivacin logartmica.
(a) f(x) =(x + 2)2
(x + 1)3 (x + 3)4(d) f(x) =
1 +
1
x
x
(b) f(x) = xpx (e) f(x) =
px 1
3
q(x + 2)2
q(x + 3)3
(c) f(x) = x 3r
x2
x2 + 1(f) f(x) =
rx (x 1)
x 2
10. Hallar las siguientes integrales aplicando el mtodo de fracciones parciales.
(a) Z dxx2 5x + 6 (f)
Z x dx(x 1) (x + 1)2 (k)
Zx3 + x + 1x (x2 + 1)
dx
(b)Z
5x2 + 20x + 6
x3 + 2x2 + xdx (g)
Zx dx
(x 1) (x + 1)2 (l)Z
x2 + 5x + 7
x + 3dx
(c)Z
3x + 4
x3 2x 4 dx (h)Z
cos x dx
sen2 x 2sen x + 5 (m)Z
3x2 7x3x + 2
dx
(d)Z
8x3 + 13x
(x2 + 2)2dx (i)
Zx2 + x + 1
x2 2x + 1 dx (n)Z
dx
x3 2x2 + x
(e) Z x2 4x + 7x3 x2 + x + 3 dx (j) Z 2x + 3x2 + 2x + 5 dx () Z x + 1(x2 + 4x + 5)2 dx11. Hallar las siguientes integrales.
(a)Z20
dx
x2 2x + 2 (f)Z13
dx
x2 + 6x + 13(k)
Zdxp
e2x 1
(b)Z
2x
x2 + 6x + 13dx (g)
Zdx
(x 1)q
(x 1)2 4(l)
Zx + 2p4 x2 dx
(c)Z x + 2px2 4x dx (h) Z
1p2
0
arccos xp1 x2 dx (m)
Z ex dx(e2x + 1) (ex 1)
(d)Z
8x3 + 13x
(x2 + 2)2dx (i)
Z21
1
3 + (x 2)2 dx (n)Z
dx
2x2 8x + 10
(e)Z
2x 5x2 + 2x + 2
dx (j)Z
3x2 2x2 + 4
dx ()Z
x dx
x4 + 2x2 + 2
-
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Marco Alfaro C. 91
12. Hallar las siguientes integrales.
(a)Z
ln x dx (g)Z10
arcsen x dx (m)Zln x
x3dx
(b)Z
x2ex dx (h)Z10
ln
1 + x2
dx (n)Z
x cos3x dx
(c)Z
arctan x dx (i)Z
ex cos2x dx ()Z
x
exdx
(d) Zx2 cos x dx (j) Zx arctan x dx (o) Z xex(x + 1)2 dx(e)
Zarcsen x dx (k)
Zln xp
xdx (p)
Zx2e3x dx
(f)Z
x sen x dx (l)Z
x cos3x dx (q)Z
x2 2x + 5 ex dx13. Hallar las siguientes integrales.
(a) Z10
dxx2 + 4x + 5
(f) Z x33p
x2 + 1dx (k) Z 2x 3
(x 1)2 dx
(b)Z
ln2 x dx (g)Z
dx
x px + 2 (l)Zp
x + 4
xdx
(c)Z
ex sen x dx (h)Z
dx3p
x + 4p
x(m)
Zx4 2x2 + 4x + 1
x3 x2 x + 1 dx
(d)Z1
2
0
arccos x dx (i)Z
e2x
e2x + 3ex + 2dx (n)
Z2x2 x + 4
x3 + 4xdx
(e) Z 1xp
x + 1dx (j)Z1 x + 2x2 x3
x (x2 + 1)2dx () Z dx
x3 + 1
-
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Marco Alfaro C. 92
14. Calcule las siguientes integrales, mediante una sustitucin trigonomtrica.
(a)Z 1
x2p
x2 9 dx (h)Zp
1 4x2 dx () Z dtpt2 6t + 13
(b)Z
x3p
9 x2 dx (i)Zp
9x2 4x
dx (o)Z
x2p1 x2 dx
(c)Z
x3px2 + 9
dx (j)Z30
dxp9 + x2
(p)Z
x3p2 x2 dx
(d)Z2p30
x3p16 x2 dx (k)
Z23
0
x3p
4 9x2 dx (q)Zp
x2 a2x
dx
(e) Z2p2
1t3
pt2 1 dt (l)
Zp2x x2 dx (r) Zpx2 + 1x
dx
(f)Z
1
x2p
25 x2 dx (m)Z
1p9x2 + 6x 8 dx (s)
Zdx
x2p
4 x2
(g)Z20
x3p
x2 + 4 dx (n)Z
dx
(x2 + 2x + 2)2(t)
Zp1 x2 dx
15. Demuestre que Zdxp
x2 + a2= ln
x +
px2 + a2
+ C:
3.13 Respuestas
2. (a) f(x) = 5x3
6 x
2 2
3: (b) f(x) = x
4
12+ 6x + 3: (c) f(x) = x5 5x2 + 5:
(d) f(x) = x3
6 +4x
52
15 +5x6 415 . 3. (a) x
3
3 x2+3x+C: (b) 13x3 + 4x34
3 +C: (c) 572
7 4x3 65 +C:(d) 5
x+ 310x
103 47x
72 +C: (e) 27 (1 + x)
72 45 (1 + x)
52 + 23 (1 + x)
32 +C: (f) 25 (3 x)
52 2 (3 x) 32 +C:
(g) 203p
1 + x3 + C: (h) 2x2m+1
2
4m+1 4xm+n+1
2
2m+2n+1 +2x2n+
12
4n+1 + C: (i)16 (2x 1)
32 + 12 (2x 1)
12 + C:
(j) 12(x2+2x3) + C: (k)
12
p2t2 + 1 + C: (l)
px2
8x + 1 + C: 4. (a) y = x
3
3
x2
4x + 6:
(b) y = 14p1+x2 14p2 : (c) y = x33 + 3x22 + 2x: 5. (a) 6. (b) 10. (c) 103 : (d) 92 : (e) 14 .(f) 83 : (g)
52 : (h)
415 : (i)
223 : (j)
125
p3: (k) 112 : (l)
796 : 6. (a) A =
92 : (b) A =
716 . (c) A =
176 :
(d) A = 3712
: (e) A = 1256
: (f) A = 176
: (g) A = 716
: (h) A = 36: (i) A = 85
: (j) A = 9: (k) A = 8:7. (a) ln
2x2 + x + 1
+ C: (b) 12 ln
ax2 + 2bx + c
+ C: (c) 114 ln
x + 32
32x + C: (d) 2:(e)
p148 p20 + 10ln
p5+5p37+5
: (f) ln jx + 1j + 1x+1 + C: (g)
112 : (h) x + ln
x + 12
+ C.
(i) ln(lnln x) + C: (j) 6 + 24ln 45 : (k)13
ln
x3 3x2 + 1 + C: (l) x + 4 l n (x 3) + C:(m) 12 ln
2x + x2 + 3
+ C: (n) 13 ln
ln512e44 :() x + 12x2 + 2 ln (x 1) + C:(o) 4 ln x + 2 l n2 x + 13 ln
3 x + C: (p) 2 ln jpx + 1j + C: (q) 4 4 l n 2: 8. (a) F0 (x) = cos x2 :
-
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Marco Alfaro C. 93
(b)F0 (x) = 2xp
1 + x6: (c)F0 (x) = 3x2
x3 + sen x3
: (d) F0 (x) = 25x
2+36x41(4x2+1)(9x2+1) :
(e) F0 (x) = tan( 1
x)
x2 : (f) F0 (x) =cos
px
2x : (g) F0 (x) =81x3
81x227x
3
9x26x+2 : (h) 3x7
2 sen x3
sen
px
2 4px :9. (a) (x+2)(5x
2+19x+20)(x+1)4(x+3)5
: (b)xpx 1
2
1 + lnx
2
: (c) 3x
2+53(x2+1)
3
qx2
x2+1: (d)
1 + 1
x
x hln
1 + 1x
11+x
i:
(e) 5x2+x243(x1) 12 (x+2)53 (x+3)52
: (f) x24x+2
2px(x1)(x2)3
:
10. (a) ln jx 3j ln jx 2j+C: (b) 6 ln xln jx + 1j 9x+1 +C: (c) ln jx 2j 12 ln
x2 + 2x + 2
+C:
(d) 4 ln
x2 + 2
+ 32x2+4 + C: (e) 2 ln jx + 1j 12 ln
x2 2x + 3 + C:(f) 14 ln jx 1j14 ln jx + 1j 12x+2+C: (g) 14 ln jx 1j14 ln jx + 1j 12x+2+C: (h) 12 arctan
senx1
2
+
C:(i) x + 3ln jx 1j 3x1 + C:(j) ln
x2 + 2x + 1
1x+1
+ C: (k)x + ln jxj 12 ln
x2 + 1
+ C:
(l) 2x + 12x2 + ln jx + 3j + C: (m) 12x2 3x + 2ln
3x+23
+ C: (n) ln jxj ln jx 1j 1x1 + C:
() x+32(x2+4x+5) 12 arctan(x + 2) + C:
11. (a) 2
: (b) ln x2 + 6x + 13 3 arctanx+32 + C: (c) px (x 4) + C:(d) 4 ln x2 + 2+ 32x2+4 +C: (e) ln x2 + 2x + 27arctan(x + 1)+C: (f) 8 : (g) 12 arcsec jx1j2 +C:(h) 3
2
32: (i)
p3
18: (j) 3x 7 arctanx2 + C: (k) arcsec ex + C: (l) 2 arcsenx2 p4 x2 + C:
(m) 12 arctan ex + 12 ln jex 1j 14 ln
e2x + 1
: (n)12 arctan(x 2) + C: () 12 arctan
x2 + 1
:
12. (a) x ln jxj x + C: (b) 2ex 2xex + x2ex + C: (c) x arctan x 12 ln
x2 + 1
+ C:
(d) 2x cos x 2sen x + x2 sen x + C: (e) x arcsen x + p1 x2 + C: (f) sen x x cos x + C:(g) 2 1: (h) 2 +ln22: (i) 15ex cos2x+ 25ex sen2x+C: (j) 12 arctan x 12x 14 + 12x2 arctan x+C:(k) 1p
x(2x ln jxj 4x) + C: (l) 19 cos3x + 13x sen3x + C: (m) 14x2 12x2 ln jxj + C:
(n) 19 cos3x +13x sen3x + C: () ex xex + C: (0) e
x
x+1 + C: (p)227e
3x 29xe3x + 13x2e3x + C:(q)5ex x2ex + C:13. (a)arctan3arctan 2: (b) x
ln2 jxj 2 ln jxj + 2
+C: (c) e
x
2 sen x ex
2 cos x+C: (d)1612
p3+1:
(e) ln jxj ln jx + 2j+C:(f) x2 + 1 23 310x2 920+C: (g) 13 ln px + 2 2 13 ln px + 2 + 1+C:(h) 6x24 12x12 4x36 + 3x48 125 x60 + 2x72 127 x84 + 32x96 + 12ln
x12 + 1
+ C:
(i) ex + ln(ex + 1) 4 l n (ex + 2) + C: (j) ln jxj arctan x 12 ln
x2 + 1 12x2+2 + C:
(k) 2 ln jx 1j + 1x1 + C: (l) 2
px + 4 + 2 ln
px + 4 2 2 ln px + 4 + 2 + C:
(m) x + 12x2 + ln jx 1j ln jx + 1j 2
x1 + C: (n) ln jxj + 12 ln
x2 + 4 12 arctan x2 + C:
() 16 lnh(x+1)2
x2x+1i
+ 1p3
arctan2x1p
3
+ C:
14. (a) 19xp
x2 9 + C. (b) 65x2p
9 x2 545p
9 x2 + 15x2p
9 x2 95x2p
9 x2 +C.(c) 13x
2p
x2 + 96px2 + 9 + C. (d) 403 : (e) 124 + 18p
3 14 : (f) 125xp
25 x2+ C. (g) 6415p
2+ 6415 .(h) 14 arcsen (2x) +
x2
p1 4x2 + C: (i) p9x2 4 2 arcsec 3x2 + C: (j) ln p2 + 1+ C: (k) 641215 .
(l) tan x+ 13 tan3 x+C: (m) 13 ln 3x + 1 +
p9x2 + 6x
8+C: (n)
12 harctan(x + 1) +
x+1x2+2x+2i+C:() ln 12 t +q14 t2 32 t + 134 32 + C: (o) x2p1 x2 + 12 arcsen x + C:
(p) x23p
2 x2 43p
2 x2 + C:(q) px2 a2 arcsen ax
+ C: (r)p
x2 + 1 ln1 +
px2 + 1
x
+ C:(s)
p4x24x + C:(t)
x2
p1 x2 + 12 arcsen x + C:
-
7/23/2019 Apuntes de Clculo Diferencial e Integral. Univ. de Costa Rica. (2009).Alfaro, Marco
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Bibliografa
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